九年级?物理(全一册)?参考答案

收相同的热量,水的温度升高的少;夜晚,放出 相

同的热量,水的温度降低的少,所以沿海地区昼夜

的温差小;

水吸收的热量:

Q吸 ＝c水mΔt＝４．２×１０

３J/(kg?℃)×１０kg×２０℃

＝８．４×１０

５J．

故答案为:比热容较大 ８．４×１０

５．

７．(１)９２J (２)铁 [解 析](１)铁 钉 的 质 量 m＝

２g＝２×１０

－３ kg,铁 钉 的 温 度 从 ８００ ℃ 降 低 到

７００ ℃,放出的热量:Q放 ＝c铁 m(t０ －t)＝０．４６×

１０

３J/(kg?℃)×２×１０

－３ kg×(８００℃－７００℃)＝

９２J;(２)已知铁和铝的质量相同,并且吸收相同的热

量,因为铁的比热容小于铝的比热容,所以由公式

Δt＝

Q

cm

可 知,铁 升 高 的 温 度 较 高．故 答 案 为:

９２J;铁．

８．１００ [解析]由Q＝cmΔt知道,砂石吸收３．６×１０

６J

的热量后温度升高

Δt＝

Q

cm

＝

３．６×１０

６J

０．９×１０

３J(kg?℃)×５０kg

＝８０ ℃．

故吸热后砂石的温度是

t

′ ＝Δt＋t０＝８０ ℃＋２０ ℃＝１００ ℃．

９．A [解析]升高相同的温度,物质甲用时是水的一

半,即吸收 热 量 是 水 的 一 半,又 因 为 两 者 质 量 相

同,根据Q吸 ＝cmΔt可知,物质甲的比热容为水的

一半,故选 A．

１０．解:由图得前１０min,Δt＝５０ ℃－２０ ℃＝３０ ℃,

m＝１００g＝０．１kg,c＝

Q

mΔt

＝

７．２×１０

３J

０．１kg×３０ ℃

＝２．

４×１０

３J/(kg?℃)

答:该物质的比热容是２．４×１０

３J/(kg?℃)．

复习一 内能

１．运动 间隙２．做功 升高 热传递

３．扩散 做功

４．C [解 析]A．因 为 水 的 比 热 容 大 于 砂 石 的 比 热

容,相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量,

水升高或降低的温度少,所以沿海地区昼夜温 差

比内陆地区小,故 A 不符合题意;B．因为水的比热

容大,相同质量的水和其它物质比较,降低相同的

温度,水放 出 的 热 量 多,所 以 晚 上 向 秧 苗 田 里 放

水,水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗,故 B不

符合题意．C．发现人中暑时,常在额头上擦冷水,

水蒸发吸收热量,达到降温的目的,不是利用水的

比热容大的特点,故 C符合题意;D．因为水的比热

容大,相同质量的水和其它物质比较,升高相同的

温度时,水吸收的热量多,所以用循环水冷却汽车

发动机,故 D不符合题意;故选:C．

５．B

６．D [解 析]A．热 汤 表 面 的 油 层 减 慢 了 汤 汁 的 蒸

发,故 A 错误;B．加入米线后,热汤温度高,米线从

热汤吸收热量,故 B错误;C．放入热汤中的肉片很

快熟了,是通过热传递的方式增加了内能,故 C错

误;D．汤的香气扑鼻,是扩散现象,说明分子在不

停地做无规则运动,故 D正确．

７．增大;３×１０

４ [解析](１)影响内能大小的因素有

两个:自身的温度和质量,在加热 过程中,温度升

高,内能增加;(２)奶吸收 的热 量为:Q吸 ＝cm(t－

t０)＝４．０×１０

３ J/(kg?℃)×０．２５kg×(４０ ℃－

１０ ℃)＝３×１０

４J,故答案为:增大;３×１０

４．

８．B [解析]A．根据题意知道,暖手宝取暖,应用的

应是凝胶的比热容较大的特点,即相同质量降低

相同的温度放出的热量较多,故 A 正确,不符合题

意;B．由固 态 变 成 液 态 是 熔 化 过 程,需 要 吸 收 热

量,故 B错误,符合题意;C．一切物体都有内能,所

以,固态的凝胶也具有内能,故 C 正确,不符合题

意;D．暖手时,通过热传递使手的温度升高,内能

增加,故 D正确,不符合题意．

９．B

１０．D [解析]A．任何物体都有内能,０ ℃的冰块也

具有内能,故 A 错误;B．热量是过程量,不能说物

体具有热量,故 B 错误;C．发生热传递的条件是

存在温度 差,热 量 总 是 从 高 温 物 体 传 向 低 温 物

体,跟内能多少无关,故 C错误;D．物体吸收了热

量,内能一定增加,但温度不一定升高,例如晶体

的熔化过程;故 D正确;故选 D．

１１．解:(１)水吸收的热量是

Q吸 ＝cmΔt＝ ４．２×１０

３ J/(kg∙℃)×８０kg×

(７０ ℃－２０ ℃)＝１．６８×１０

７J

(２)热水器接收的太阳能是

Q太 ＝

Q吸

η

＝

１．６８×１０

７J

４０％

＝４．２×１０

７J

答:(１)太阳能中的水吸收的热量是１．６８×１０

７J;

(２)热水器每天所接收的太阳能约为４．２×１０

７J．

１２３

第十四章 内能的利用

第１节 热 机

１．内 机械 汽油 柴油

２．吸气 压缩 做功 排气

３．A [解析]本题考查汽油机的应用,汽油机比较轻

巧,主要用于汽车、飞机、摩托车等;柴油机效率较

高,比较笨重,主要用于载重卡车、火车、轮船等．

４．C [解析]酒精燃烧产生的燃气对外做功,消耗燃

气的内能,转化为盒盖的机械能,故是将内能转化

为机械能的过程;四冲程汽油机中的做功冲程 就

是利用内能来做功的冲程,也是将内能转化为 机

械能．故选:C．

５．D [解析]四冲程内燃机的四个冲程依次是:吸气

冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程;其中做功冲

程是把内能转化为机械能;压缩冲程是把机械 能

转化为内能．

６．C [解 析]汽油 机四 个冲 程是吸 气 冲 程、压 缩 冲

程、做功冲程、排气冲程,在该汽油机的 一个工 作

循环中,压 缩 冲 程 结 束 后,下 一 个 冲 程 是 做 功 冲

程,由图可知,C 图 中两个 气门 都关 闭,火花塞 点

火,此时活塞向下运动,是做功冲程,将 内能转 化

为机械能,故 C正确;故选:C．

７．压缩 内 ３０ [解析][１]如图,进气门、排气门

都关闭,活塞向上运动,它正处于压缩冲程．[２]此

过程中活塞压缩气缸内的气体,对气体做功,使气

体内能增加,将机械能转化为内能．[３]若该汽油

机飞轮的转速是６０r/s,飞轮转２圈做一次功,则

汽油机每秒钟对外做功３０次．

８．B [解析]在汽油机的四个冲程中只有做功冲程

对外做功,其他三个冲程都是靠飞轮的惯性完 成

的．A 图:排气门打开,活塞向上运动,气缸容积减

小,是 排 气 冲 程,不 符 合 题 意;B 图:两 气 门 都 关

闭,活塞向下运行,火花塞点火,气缸容积增大,是

做功冲程,符合题意;C 图:两气门都关闭,活塞向

上运行,气缸容积减小,是压缩冲程,不符合题意;

D图:进气门打开,活塞向下运行,气缸容积增大,

是吸气冲程,不符合题意．故选:B．

９．D [解析]A．汽油机的吸气冲程吸入的是空气和

汽油的混合物,故 A 错误;B．柴油机是压燃式,一

般是柴油机的效率高,故 B错误;C．汽油机的点火

方式是用火花塞点火,故 C错误;D．汽油机的压缩

冲程中,活 塞 向 上 运 动,压 缩 空 气 和 汽 油 的 混 合

物,混合物内能增大,温度升高,是把 机械能 转化

为内能,故 D正确．故选 D．

１０．C [解析]影片“流浪地球”中,人类为了拯救地

球而点燃木星周围的可燃气体,将地球 推开,内

能转化为机械能,相当于内燃机的 做功 冲程．故

选:C．

第２节 热机的效率

１．化学 内

２．完全燃烧 质量

１kg木炭完全燃烧放出３．４×１０

７J的热量

３．有用功 完全燃烧放出的能量

４．大;不变 [解析]火箭发射时要选用热值大的固

体燃料,原因是热值大,完全燃烧相同质 量时,可

以放出更多的热量;热值是燃料的特性,只与燃料

的种类有关,与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分

无关,所以在燃料的质量减少时热值不变．

５．C [解析]热值是燃料的一种特性,单位质量的煤

完全燃烧时所释放出的热量越大,说明该煤的热

值越大,即是优质煤炭,故 C正确,故选:C．

６．B [解析]A、D．热值是燃料的特性,只与燃料的

种类有关,与燃烧是否充分、释放热量多 少无 关,

故 AD错误;B．使燃料燃烧更充分,可以增大有效

利用 的 能 量,可 以 提 高 热 机 的 效 率,故 B 正 确;

C．热机在工作时不可避免的要克服机械部件间的

摩擦做额外功,机械效率不可能达到 １００％,故 C

错误．故选:B．

７．B [解析]A．探究不同物质吸热升 温的 现象,只

需控制加热时间相同,不用控制燃料质量相等,故

A 错误;B．探究不同物质吸热升温的现象和比较

不同燃料燃烧时放出的热量两个实验,为了控制

变量,观察温度计示数变化,两组实验的杯中物质

的质量应相等,故 B正确;C．甲组实验中,吸热多

少用加热时间来表示,若加热时间相同,则吸热相

同,沙子比 热 容 小,沙 子 中 放 的 温 度 计 示 数 变 化

大,故 C错误;D．乙组实验中,燃烧相同质量的燃

料,看水温变化,燃料燃烧速度不同,不能 用加热

时间长短来吸热多少,故 D错误．故选 B．

８．解:汽油完全燃烧放出的热量:

Q放 ＝mq＝２kg×４．６×１０

７J/kg＝９．２×１０

７J;

１２４

九年级?物理(全一册)?参考答案

汽油机的效率

η＝

W

Q放

×１００％＝

２．３×１０

７J

９．２×１０

７J

×１００％＝２５％．

９．２．５２×１０

６ ７０ [解析][１]水吸收的热量

Q吸 ＝Q放 ×η＝q焦炭m×η

＝３．０×１０

７J/kg×０．１４kg×６０％＝２．５２×１０

６J

[２]水升高的温度

Δt＝

Q吸

cm

＝

２．５２×１０

６

４．２×１０

３J/(kg?℃)×１０kg

＝６０ ℃

水温将升高到

t＝t０＋Δt＝１０ ℃＋６０ ℃＝７０ ℃

１０．B [解析]A．热机的效率越高,做有用功与燃料

完全燃烧放出的热量的比值越大,即在做功相同

的情况下,消耗的燃料较少,或消耗相同的燃料,

做功较多,故 A 错误．B．一般情况下柴油机的效

率比汽油机的高,多用在重型机器上,故 B正确;

C．热机的效率是有用功与燃料完全燃烧放出的

热量的比值,热机的效率越高说明有用功与总功

的比值越大;功率表示做功的快慢,功 率越高 说

明做功越快,效率和功率是两个不 同的物 理量,

二者之间没有必然联系,故 C 错误;D．根据内燃

机的能量流向,热机损失的能量中,废 气带走 的

能量较多,故 D错误．故选:B．

１１．解:(１)水的质量为

m＝ρV＝１．０×１０

３ kg/m

３×０．５m

３＝５００kg

水吸收的热量为

Q吸 ＝cmΔt＝４．２×１０

３ J/(kg?℃)×５００kg×

(４５ ℃－２５ ℃)＝４．２×１０

７J

(２)燃烧焦炭所释放的能量

Q放 ＝

Q吸

η

×１００％＝

４．２×１０

７J

２０％

＝２．１×１０

８J

需要燃烧焦炭的质量为

m＝

Q放

q

＝

２．１×１０

８J

３×１０

７J/kg

＝７kg

答:(１)在这４h内水吸收的热量为４．２×１０

７J．

(２)需要燃烧７kg的焦炭．

第３节 能量的转化和守恒

１．(１)电能转化为机械能 (２)机械能转化为内能

(３)机械能转化为内能 (４)化学能转化为内能

(５)机械能转化为电能 (６)太阳能转化为化学能

(７)机械能转化为内能

(８)机械能转化为内能和光能

２．消灭 产生 其他形式 转移 总量

３．D [解析]A、B能量既不能凭空产生,也不会凭空

消失,故 AB错误;C．能量守恒定律适用于自然界

中任何形式能的相互转化,热机的工作过程也遵

循能量守恒定律,故 C 错误;D．一个物体能 量增

加,必然伴随着别的物体能量减少,在能量转移和

转化的 过 程 中 能 量 的 总 量 是 保 持 不 变 的,故 D

正确．

４．B [解析]ABC．由于装置运转过程中需要克服摩

擦做功,装置所具有的机械能会不断减小,如果没

有能量补充,装置最终会停下来,故 AC错误,B正

确;D．装置中小球的动能和重力势能不断地发生

相互转化,故 D错误．故选 B．

５．做功 压缩 [解析]在空气压缩引火仪玻璃筒的

底部放一小撮干燥的棉絮,用力将活塞迅速向下

压,棉絮燃烧起来;说明将活塞迅速 下压,活塞对

桶内空气 做 功,使 筒 内 空 气 的 内 能 增 加,温 度 升

高;压缩过 程 中,活 塞 的 机 械 能 转 化 为 空 气 的 内

能,故该过程中,与内燃机的压缩冲 程相 同;故答

案为:做功;压缩．

６．D [解析]A．内燃机的压缩冲程,机械能转为为

气缸内 气 体 的 内 能,气 体 内 能 增 大,故 A 错 误;

B．物体吸收热量后,内能增大,温度不一定升高,

比热水沸腾过程和晶体熔化过程,物体吸收热量,

但温度保持不变,故 B错误;C．搓手时感到暖和是

因为做功使物体的内能增大,温度升高了,故 C错

误;D．给手机充电,将电能转化为手机电池的化学

能,故 D正确．故选 D．

７．C [解析]水 蒸气 顶起 壶盖,是 内 能 转 化 为 机 械

能;灯泡发光,是电能转化为光能和 热能;手感觉

到冷是热量由手转移到了金属杆上;给蓄电池充

电,是电能转化为化学能．

８．内能转化为机械能 做功 [解析]点燃蜡烛时,

气体温度升高,气体的密度变小,热空气就会向上

运动,运动的热空气推动扇叶转动,运动的热空气

对外做功,将内能转化为机械能,该冲程和四冲程

汽油机的做功冲程的能量转化相同．故答案为:内

能转化为机械能;做功．

复习二 内能的利用

１．２ 机械 内 内 机械

２．小于 [解析]由Q＝mq可知,相同质量的不同燃

１２５

料,热值大的完全燃烧放出的热量多,通过图象可

知qA ＜qB ．

３．内 机械 ４０ [解析]热机就是利用燃料燃烧时

产生的内能来做功的机器,工作时把内能转化为机械

能;单缸四冲程汽油机的飞轮转速是４８００r/min＝

８０r/s,因一个工作循环转２圈,完成４个冲程,做功

一次;所以每秒完成４０个工作循环,完成１６０个冲

程,做功４０次．故答案为:内;机械;４０．

４．机械 内 压缩 ２．３×１０

７ [解析][１][２][３]

活塞向下压的过程是活塞的机械能转化为硝化棉

的内能,这 与 汽 油 机 的 压 缩 冲 程 能 量 转 化 相 同．

[４]完全燃烧０．５kg汽油放出的热量 Q放 ＝mq＝

０．５kg×４．６×１０

７J/kg＝２．３×１０

７J．

５．A [解析]如图该机器将一部分内能转化成了机

械能,还有一大部分内能散失掉了,所以该机器是

热机．

６．B[解析]A．晶体熔化和水沸腾的过 程中,吸收 热

量,内能增大,但温度却保持不变,所以 温度相 同

的物体内能不一定相等,故 A 错误;B．做功冲程将

燃气的内能转化为活塞的机械能,内能减小,故 B

正确;C．我们不敢大口喝热气腾腾的汤,是因为汤

的温度较高,热量是过程量,不能说含有热量,故C

错误;D．能量的转移和转化都具有方向性,摩擦生

热过程将机械能转化为内能,这些内能不能自 发

的转化为机械能,故 D错误．故选 B．

７．热值 ８．４×１０

６ １００ [解析][１]单位质量的某

种燃料完全燃烧放出的热量,叫做这种燃料的 热

值,它表示燃料的放热本领强弱,干 木柴、煤的 放

热本领不同,是因为它们的热值不同．

[２]完全燃烧０．２８m

２ 的天然气可放出的热量

Q＝qm＝３．０×１０

７J/m

３×０．２８m

３＝８．４×１０

６J

[３]水的质量

m＝

Q

cΔt

＝

８．４×１０

６J

４．２×１０

３J/(kg?℃)×２０ ℃

＝１００kg．

８．C

９．２．８×１０

１１ ４０

解:(１)５０t生活垃圾“榨”出的燃料油完全燃烧释

放出的热量:

Q放 ＝mq＝５０×１４０kg×４．０×１０

７ J/kg＝２．８×

１０

１１J;

(２)由ρ＝

m

V

得,水的质量:

m′＝ρV＝１．０×１０

３ kg/m

３×５００m

３＝５×１０

５ kg,

水吸收的热量:

Q吸 ＝３０％Q放 ＝３０％×２．８×１０

１１J＝８．４×１０

１０J,

由Q吸 ＝cmΔt得,水升高的温度:

Δt＝

Q吸

cm

′＝

８．４×１０

１０J

４．２×１０

３J/(kg?℃)×５×１０

５ kg

＝４０℃．

第十五章 电流和电路

第１节 两种电荷

１．两种 正 负 排斥 吸引

２．原子核 负电 正电 负电

３．D ４．A．

５．D [解析]毛皮摩擦过的橡胶棒带负电,因带电体

吸引不带电的轻小物体,异种电荷相互吸引,根据

带负电的橡胶棒与小球吸引,可以判断小球可能

不带电,也可能带与橡胶棒不同性质的正电,故只

有 D正确,故选 D．

６．D [解析]A．摩擦起电的实质是电子的转移,故

A 不符合题意;B．吸管和纸巾带不同种电荷,故 B

不符合题意;CD．电子在吸管和纸巾间转移,带负

电,故 C不符合题意,D符合题意．故选 D．

７．摩擦起电 同种 ８．摩擦 绝缘体

９．D [解析]甲带正电,甲、乙相互排斥,故甲、乙一

定带同种电荷,即乙一定带正电．因为甲与丙相互

吸引,而吸引的现象:一是带异种电荷的带电体之

间;二是一个带电,一个不带电．由于 已知甲 一定

带正电．所以一是丙可能和甲带异种电荷,即带负

电;二是丙可能不带电．故选 D．

１０．C

１１．A [解析]A．塑料勺经过摩擦带了电,带电体吸

引胡椒粉这样的轻小物体,故 A 正确;B．若塑料

勺带负电是因为它得到电子,故 B 错误;C．塑料

小勺带电是通过摩擦的方法使电荷发生了转移,

不是创造了电荷,故 C 错误;D．摩擦起电不能说

明物体是导体,塑料小勺是绝缘体,故 D 错误．故

选 A．

第２节 电流和电路

１．定向移动 正电荷定向移动 正 用电器 负

２．电源 用电器 开关 导线

３．通路 断路 短路

４．正 金属球到金属箔片 [解析][１]用丝绸摩擦

过的玻璃棒带正电,去接触带电验电器的金属球

１２６

九年级?物理(全一册)?参考答案

时,验电器金属箔片的张角变大,说明金属箔之间

的斥力变大,由于同种电荷互相排斥,则验电器原

来带正电．[２]物理学规定,正电荷定向移动的方

向为电流方向,在金属箔张角变大的瞬间,验电器

金属杆里的电子从金属箔移动到金属球,验电 器

金属杆里的电流方向与电子运动的方向相反,故

验电器金 属 杆 里 的 电 流 方 向 是 从 金 属 球 到 金 属

箔片．

５．B

６．B [解析]连接实物时,连接过程中开关必须是断

开的,防止触电或烧坏电路元件;连接的过程中确

保接线柱结实牢固,防止接触不良;连接完 后,要

检查线路,确保无误,防止出现短路;开 关靠近 电

源的正极还是负极是根据连接的需要,与距离 电

源的正负极无关,故 B选项没必要．

７．甲 短路 ８．开关 ９．B

１０．电路图如下:

第１０题答图

１１．

第１１题答图

第３节 串联和并联

１．串 一 ２．并 两条 独立 整个

３．B [解析]用电器串联时,各用电器相互影响,不

能独立工作;用电器并联时,各用电 器互不 影响,

能独立了工作;由于照明用的灯和冰箱的压缩 机

互相不影响,所以它们之间是并联的关系;故选 B．

４．B

５．A [解析]小区内部车辆门禁系统可以自动识别

将门打开,外部车辆需要门卫人员按动按钮才 能

将门打开,若将门禁系统看做一个自动开关,按钮

看做一个手动开关,则两个开关单独都能打开 大

门,即两开关并 联后 再 与 电 动 机 串 联,只 有 A 正

确．故选 A．

６．扩散 并 [解析][１]能闻到浓浓的豆浆香味,是

扩散现象,豆浆的分子在不停地无规则运动．[２]豆

浆机的加热和打浆是交替进行的,显然电热器和电

动机在工作时互不影响,即为并联连接．

７．C [解析]由电路图可知,两灯泡并联,闭合开关

S时,小灯泡 L１、L２ 都不亮,说明两灯泡都发生了

短路或者电路某处发生了断路．假设该电路中两

灯泡都被短路,则电源短路,接触c、d 两 点时,两

小灯泡也不会亮,故假设不成立．所以电路只能是

某处存在断路,用一段导线的两 端接 触a、b两点

时两小灯泡都不亮,说明 在ab之 外存在 断路;接

触b、c两点时,两小灯泡也不亮,说明在bc之外存

在断路;接触c、d 两点时,两小灯 泡都亮,说明在

cd之间存在断路．故选 C．

８．D [解析]由题意知,当开关闭合时,指示灯 L 和

发热体同时工作,但指示灯断路时,发热体依然正

常工作,说明指示灯和发热体并联在电路中,开关

在干路上同时控制两个用电器,故 ABC 不符合题

意,D符合题意．故选 D．

９．如图所示:

第９题答图

第４节 电流的测量

１．１０

３ １０

６ １０

－３ １０

－６ ０．２ １０

－４

２．１．７A ０．３４A ０．４６A ２．３A

３．正负接线柱反接 改接小量程

４．A [解析]电饭锅电流一般４到５安,电冰箱接近

１安,电视机和电风扇的电流一般零点几安,故接

近４安的只有电饭锅．

５．C [解析]首先两灯泡属于并列连接,故属于并联

电路,故 A 错误;如图所示的电路中,电流表和灯

泡 L１串联,因此它测量的是灯泡 L１ 中的电流,故

B、D错误,C正确．

６．D

７．AC [解析]A．用导线连接c、e,此时电路为 L１ 的

简单电路,电流表测量的是通过灯泡 L１的电流,故

A 正确;B．用导线连接d、e,此时电路为 L１、L２ 串

联的电路,电流表测量通过灯泡 L１、L２ 的电流,故

１２７

B错误;C．用两根导线分别连接a、d 和c、e,此时

电路为 L１、L２ 并联的电路,电流表测量 通过灯 泡

L１支路的电流,故 C 正确;D．用两根导线分别连

接b、d和c、e,此时电路为 L１、L２并联的电路,电流

表测量通过干路的电流,故 D错误．

８．D [解析]用电流表测量电流时,若选用了较大量

程,电 流 表 的 指 针 摆 动 角 度 较 小,读 数 时 误 差

较大．

９．如图所示

第９题答图

第５节 串、并联电路中电流的规律

１．０．２５ ０．２５

２．等于 串联电路中,电流处处相等

３．D [解析]A．由图知,电流表和 L１ 在一条支路上,

电流表测量通过L１的电流,A 不符合题意;B．灯泡

L１、L２ 的规格不同,并联在同一电路中,则 L１与 L２

的亮度不相同,B不符合题意;C．灯泡 L１、L２ 的规

格不同,并联在同一电路中,则通过 L１ 和 L２ 的电

流不相等,C不符合题意;D．灯泡 L１、L２ 并联在同

一电路中,只断开S２,只有 L１ 发光,因并联电路各

支路互不影响,所以 L１ 的亮度不变,D 符合题意．

故答案为:D．

４．D

５．０．７A [解析]灯 L１、L２并联,电流表接a点测干

路电流为２．３A,接b点测 L２的电流为１．６A,接c

点测 L１ 的电流,依并联电路电流关系,则过灯 L１

的电流为:I１＝I－I２＝２．３A－１．６A＝０．７A．

６．D [解析]根据电路图,L１和 L２ 并联,Ib、Ic为两支

路电流,Ia、Id为干路电流,两干路电流一定相等且

一定大于两支路电流,两支路电流不一定相等,只

有两支路 的 用 电 器 相 同 时,支 路 电 流 才 相 等．故

A、B、C军错误,D正确．答案为:D．

７．C正确 干路 [解析](１)在实验探究中,应选择

不同规格的小灯泡,才能避免实验结论的偶然性．

故 C选项正确．(２)电流表接在 A 处,测的是支路

电流,所以此时量程选择正确．(３)由电路图知,C

处是并 联 电 路 的 干 路 部 分,通 过 的 电 流 为 干 路

电流．

复习三 电流和电路

１．异种 吸引 ２．D

３．B [解析]因为杯体放在主机上时S１自动闭合,安

全指示灯亮起,说明S１和指示灯、电源组成了一个

闭合电路,S１和指示灯串联能控制指示灯;再闭合

S２,电动机启动破壁,说明 S２ 和电动机串联控制电

动机．因指 示 灯 和 电 动 机 可 以 独 立 工 作、互 不 影

响,二者应并联,且S１和S２ 都能控制电动机,故 S１

在干路,S２ 电动机所在的支路,只有 B 符合题意,

故选择 B．

４．A [解析](１)由图甲知,电流从正极流出经电流

表 A１后分成两支,一支通过 L１,另一支通过 L２ 和

A２,所以两灯并联,电流表 A１ 测干路电流,电流表

A２测 L２的电流,故 B正确;(２)因为并联电路中干

路电流等于各支路电流之和,且电流表 A２ 读数是

０．６A,由图乙知,电流表 A１ 应选择 ０~３A 的量

程,连接“－、３”接线柱,A１ 读数为１．５A,故 A 错

误,C正确;则通过 L１的电流I１＝I－I２ ＝１．５A－

０．６A＝０．９A．故 D正确．故选:A．

５．如图所示

第５题答图

６．D [解析]如果干路部分电线断了,整个电路不能

构成通路,L１、L２都不亮,A 不符合题意．L１和L２并

联,如果 L１短路,L２也短路,L２也不亮,B不符合题

意．S１被短路了,L１ 能和电源构成通路,L１ 亮,C 不

符合题意．L１与灯座接触不良,L１ 支路断路,L１ 和

电源不能构成通路,L１不亮．L１支路不影响 L２支路

的工作,L２亮,D符合题意．

７．(１)并联电路中的电流特点

(２)选用不同规格的灯泡或选用不同阻值的灯泡

１２８

九年级?物理(全一册)?参考答案

第十六章 电压 电阻

第１节 电 压

１．电压 提供电压

２．U 伏特 伏 V 千伏 毫伏 １．５V ２２０V

不高于３６V

３．１００００ ０．２２ １５００ ４．０．１ ２．３ 电压表未调零

５．D ６．B ７．０．１ 正 锌 ８．A ９．B

１０．B [解析]电源产生电压,电压是形成电流的原

因,电路中有电压还必须通路,才会产 生持续 电

流,故 ACD都正确,B错误,故应选 B．

１０．如图所示:

第１０题答图

第２节 串、并联电路中电压的规律

１．每节电池两端电压之和 各串联导体两端的电压

之和 相等

２．L１ L２ 电源 U３＝U１＋U２

３．C [解析]并联电路各支路两端的电压相等．

４．B [解析]由题意可知,每盏灯正常工作的电压均

为２２０V,要四盏灯全部正常发光,则它们之间的

连接方式只能是并联;每个开关都能独立控制 两

盏灯,则开关应接在控制两盏灯的干路上,故 B符

合题意,ACD不符合题意．故选 B．

５．C

６．１ 变大 [解析]有图知,灯 L１ 和 L２ 串联,电压表

和灯 L２并联,测 L２的电压,故 L２两端电压为 U２＝

１V;若断开开关,电压表串联接入电路测电源电

压,此时电压表的示数为３V,比原来的示数１V

变大了．

７．１．１ [解析]将R 和 L 并联接在电压为４V 的电

源两端,由并联电路电压特点可知,各支路两端电

压都相等,就等于电源电压．所以R 和 L两端电压

都为４V,由图可知,当R 两端电压为４V 时,流过

它的电流I１＝０．４A,当 L 两端电压为４V 时,流

过它的电流I２＝０．７A．并联电路的干路电流等于

各支路 电 流 之 和,所 以 干 路 电 流:I＝ I１ ＋ I２ ＝

０．４A＋０．７A＝１．１A．

８．(１)如图所示:

第８题答图

(２)先选用０~１５V 量程试测,如果示数小于３V,

再改用０~３V 量程测量

(３)换用不同规格的器材(灯泡、电源),多次测量

[解析]实验数据只有一组,不具有普遍性,总结的

规律可信度不大,应多测几种情况,总结规律

第３节 电 阻

１．对电流阻碍 大 不同 性质

２．欧姆 欧 Ω 千欧 兆欧 １MΩ＝１０

３ kΩ

１kΩ＝１０

３ Ω

３．定值电阻 电阻 ４．长度 横截面积

５．AD

６．D [解析]导线的长度和横截面积不确定,电阻大

小仅从材料无法比较．故 A 错误;电阻是导体本身

的一种特性;其大小与导体的材料、长度、横截面

积及温度有关,而与导体两端的电压、通过的电流

无关,故、B错误;只增加导体的横截面积,导体的

电阻是减小而不是增大,故 C错误;电阻是导体对

电流的阻碍作用,电阻越大,阻碍作用就 越大,故

D正确,故选 D．

７．B

８．可能引起火灾,不安全 相等 电阻丝接头处发

热多,电热毯会被烧焦

９．不能清楚的比较电阻大小的变化(在电路中串联

一个电流表)

１０．(１)电流表示数;转换法;(２)长度;(３)横截面积;

(４)A、D

第４节 变阻器

１．长度 滑片 电阻丝 绝缘 ２．小

３．０~２００Ω １２０ ０ ２００ 左

４．C [解析]使滑动变阻器的滑片 P 向左滑动,A 和

D的电阻变大,B的电阻变小,C的电阻不变．

１２９

５．A

６．C 长度 [解析][１]电路中一根导线已经与滑动

变阻器的B 接线柱连接,当滑动变阻器的滑片 P

向左移动时,要使滑动变阻器的电阻变小,用入电

路的电阻为CP 段,则另一根导线应与滑动变阻器

的C 接线柱连接．[２]滑动变阻器是通过改变电阻

丝的长度来改变电阻的大小,接入电路的电阻 丝

越长,电阻越大．

７．A [解析]接C、A 或C、B 时,滑片 P 向右端滑动

时,灯逐渐变暗．所以选 A．

８．(１)４ A、B 滑动变阻器允许通过的最大电流值

为２A

(２)连线如图所示:

第８题答图

(３)串 一

复习四 电压 电阻

１．并 串 电源 与电源直接相连 ２．变小 变大

３．变大 变小 ４．C

５．D [解析]因为两个灯泡完全相同,所以两个灯泡

的电压都为３V,电源电压为６V．

６．横截面积 电阻 ７．长度 横截面积 ８．C

９．B [解析]N 接G 时电压表有示数,即断路在电压

表并联的两点之间;N 接E、F 时,电压表无示数,

说明断路在电压表并联的 F 点之外,所以可以判

定断路在F 点和G 之间的电路上,则开关断路．故

选:B．

１０．(１)F (２)G (３)D

第十七章 欧姆定律

第１节 电流与电压和电阻的关系

１．电压 电阻 电压 电阻 ２．控制变量 电阻 电压

３．A [解析]A．当A、B 两点间的电阻由５Ω更换为

１０Ω 后,定值电阻两端的电压会增大,将变阻器滑

片适当向右移动,滑动变阻器电阻会增大,根据串

联分压,滑动变阻器的电压增大,当定值电阻的电

压减小到 原 来 的 电 压 即 符 合 保 持 电 压 不 变 的 要

求,故 A 符合题意;B．保持变阻器滑片不动,定值

电阻两端电压会变大,不符合保持电压不变的要

求,故B不符合题意;C．当A、B 两点间的电阻由５

Ω 更换为１０Ω 后,定值电阻两端 的电压 会增 大,

将变阻器滑片适当向左移动,滑动变阻器电阻会

减小,根据串联分压,滑动变阻器的 电压 减小,定

值电阻的电压会继续增大,不符合保持电压不变

的要求,故 B 不 符合 题意;D．适 当 增 加 电 池 的 节

数,电源电压会增大,定值电阻和滑动变阻器的电

压都会增大,不符合定值电阻电压保持不变的要

求,故 D不符合题意．故选 A．

４．(１)０．３;(２)导体的电阻不变时,导体中的电流与

导体两端的电压成正比;(３)导体两端的电压不变

时,导体中的电流与导体的电阻成反比．

５．D [解析]A．电阻是导体的属性,与他两端是否

加电压无关,当R１ 与R２ 两端的电压为０时,仍有

电阻,故 A 错误;B．导体电阻一定时,通过导体的

电流与导体两端的电压成正比,用不同的电阻研

究电流与电压的关系得出的结论应该是一样 的,

故 B错误;C．在电阻一定时,通过导体的电流与导

体两端的电压成正比,是导体两端的电压大小决

定了通过导体的电流大小,电压是由电源提供的,

不由电流大小决定,故 C错误;D．R１ 与 R２ 的阻值

之比为

R１

R２

＝

U１

I１

U２

I２

＝

３V

０．６A

３V

０．３A

＝

１

２

故 D正确．故选 D．

６．(１)如图所示:

第５题答图甲

(２)变大 (３)２．５

(４)如图所示:

第５题答图丙

１３０

九年级?物理(全一册)?参考答案

第２节 欧姆定律

１．正比 反比 欧姆

２．I＝

U

R

U＝IR R＝

U

I

安培 伏特 欧姆

３．０．９ １０

４．C [解析]电阻是导体本身的一种性质,电阻的大

小与导体的材料、长度、横截面积和 温度有 关,与

两端的电压和通过 的电 流无 关,R＝

U

I

是计算 导

体电阻大小的一种方法,故 C正确．故选:C．

５．D ６．D

７．２５ ０．１８ [解析][１]将阻值为１００Ω 的均匀导

线对折后,长度变为原来的一半,横截面积变为原

来的两倍,故对折后电阻变为原来的四分之一,即

２５Ω．[２]将此时的导线两端加４．５V 电压时,通

过导线的电流:I＝

U

R

＝

４．５V

２５Ω

＝０．１８A．

８．０．３ １０ [解析]由电路图可知,R１与 R２ 并联,电

流表 A１测R１ 支路的电流,电流表 A２ 测干路电流,

因并联电路中各支路两端的电压相等,所以,通过

R１的电流 即 电 流 表 A１ 的 示 数I１ ＝

U

R１

＝

６V

２０Ω

＝

０．３A;因并联电路中干路电流等于各支路电流之

和,所以,通 过定 值电 阻 R２ 的 电 流:I２ ＝I－I１ ＝

０．９A－０．３A＝０．６ A,则 定 值 电 阻 R２ 的 阻 值:

R２＝

U

I２

＝

６V

０．６A

＝１０Ω．

９．(１)适用

(２)小李的第二次计算,电压与电流不对应

(３)I＝

U

R

＝

１６V

８Ω

＝２A,所以当两端加１６V 电压

时,通过导体的电流是２A．

１０．解:由I＝

U

R

得:

U＝IR＝０．２５A×２０Ω＝５V

因５V＞３V 故选用０~１５V 量程．

第３节 电阻的测量

１．R＝

U

I

电流 电压 电流 电压 ２．B

３．不能 小灯的电阻会随温度的变化而变化 能

求平均值,减小实验误差

４．(１)如图所示:

第４题答图

(２)断开 左端 (３)增大 (４)０．３ ５

５．b 减小误差

６．(１)开关闭合

(２)如图所示

第６题答图

(３)０．２８ ８．９ (４)错误 温度

第４节 欧姆定律在串、并联电路中的应用

(第一课时)

１．３５Ω ０．２A

２．１∶２ １∶１ [解析]因为两电阻串联,所以通过

两电阻的电流相等,即电流之比为１∶１;串联电路

中电压的比等于电阻的比．

３．D

４．C [解析]由电路图可知,定值电阻 R０ 与压敏电

阻R 串联,电流表测电路中电流,电压表测R 两端

电压．当压力增大时,电源电 压不 变,压敏 电阻 R

变小,电路总电阻变小,由I＝

U

R

可知,电路中的

电流变大,由U＝IR 得,定值电阻 R０ 两端电压变

大,压敏电阻 R 两端电压变小,电压表示数变小,

故 ABD错误,C正确．

５．B [解析]由图知,滑动变阻器 R 和灯泡L 串联,

电压表测滑动变阻器的电压．当袋中药液量减少

时,弹簧收缩变短,滑片 P 上移,滑动变阻器 R 连

入电路的电阻变小,电路总电阻变小,由I＝

U

R

可

１３１

知,在总电压不变时,电路中的电流 变大,因灯 泡

电阻不变,由U＝IR 得,灯泡两端电压变大,灯泡

亮度变亮,滑动变阻器两端电压变小,电压表示数

变小,故 ACD错误,B正确,选 B．

６．解:(１)闭合S１,将S２掷于１端,电阻 R１ 和r串联,

电压表测量R１两端的电压,通过电路的电流

I＝I１＝

U１

R１

＝

２．８V

１４Ω

＝０．２A

r两端的电压:Ur＝Ir＝０．２A×１Ω＝０．２V

电源电压:U＝U１＋Ur＝２．８V＋０．２V＝３．０V

(２)将S２切换到２端,电阻 R２ 和r串联,电压表测

量R２两端的电压,r两端的电压

U′r＝U－U２＝３．０V－２．７V＝０．３V

电路中的电流:I′＝

U′r

r

＝

０．３V

１Ω

＝０．３A

电阻R２的阻值:R２＝

U２

I′

＝

２．７V

０．３A

＝９Ω

答:(１)电源电压U 的大小是３．０V;

(２)电阻R２的阻值是９Ω．

７．A [解析]ABC．因为油量表串联在电路中,所以

是电流表,故 BC 错 误,A 正 确;D．如果 没有油 浮

球无法漂浮,故 D错误．故选 A．

８．A [解析]当滑动变阻器的滑片 P 向左滑动时,

滑动变阻器连入电路的电阻变小,电路中的总 电

阻变小,电流变大,电流表的示数变 大;根据欧 姆

定律,定值 电 阻 R 两 端 的 电 压 变 大,电 压 表 示 数

变大．

９．B [解析]要实现酒精气体浓度越大,电压表示数

越大,因为串联分压,所 以需要 两电 阻串 联,R 是

气敏电阻,它的阻值随酒精气体浓度的增大而 减

小,根据串联分压规律,酒精气体浓度越大气敏电

阻分压越小,电压表示数越大,所以电压表和R０并

联,故 ACD不符合题意,B符合题意．故选 B．

第４节 欧姆定律在串、并联电路中的应用

(第二课时)

１．１０ １０

２．３∶２ １∶１ [解析]在并联电路中,各支路两端

的电压相等;电流的比等于电阻的反比．

３．不变 变小 [解析]由图知,滑动变阻器 R１ 和电

阻 R２ 并联,电压表测电源电压,电流表测干路 电

流．闭合开关,滑片向右移动时,电源电压不变,故

电压表示 数 不 变,R２ 支 路 电 阻 不 变,滑 动 变 阻 器

R１连入电路的电阻 变大,依 欧姆定 律知,过 R２ 支

路的电流不变,过R１支路的电流变小,干路电流变

小,电流表示数变小．

４．A

５．D [解析]将 AB 接入电路,则此时是两个电阻并

联,其中一个电阻为３R

４

,另外一个电阻是 R

４

,则并

联后的总电阻为

１

R总

＝

１

R１

＋

１

R２

＝

４

３R

＋

４

R

＝

１６

３R

,则总电阻为３R

１６

．故

选 D．

６．C [解析]从图中可以看出,滑动变阻器 R１ 与定

值电阻R２并联,电压表 V 测量电源电压,电流表

A１测量定值电阻R２的电流,电流表 A 测量干路电

流．AB．开关S闭合后,在滑动变阻器滑片 P 向右

移动过程中,电压表 V 的示数始终等于电源电压,

因此电压表 V 一定不变．故 AB错误;C．电压表 V

与电流表 A１ 的 示 数 之 比 等 于 定 值 电 阻 R２ 的 阻

值．故 C正确;D．电压表 V 与电流表 A 的示数之

比等于电路的总电阻．开关 S闭合后,在滑动变阻

器滑片 P 向右移动过程中,电路总电阻变大,因此

电压表 V 与 电 流 表 A 的 示 数 之 比 变 大．故 D 错

误．故选 C．

７．解:(１)根据欧姆定律得,R１的电流:

I１＝

U

R１

＝

１２V

１０Ω

＝１．２A

I２＝I－I１＝１．６A－１．２A＝０．４A

R２＝

U

I２

＝

１２V

０．４A

＝３０Ω

答:滑动变阻器接入电路的阻值是３０Ω．

８．０．４ ３∶２ [解析]开关 S闭合时,I１ ＝I－I２ ＝

１A－０．６A＝０．４A;在并联电路中电流的比等于

电阻的反比．

９．变小 不变 [解析]由图知,灯泡和滑动变阻器

并联,电压 表 测 电 源 电 压,也 是 两 支 路 两 端 的 电

压,电流表 测 滑 动 变 阻 器 所 在 支 路 电 流．闭 合 开

关,当滑动变阻器的滑片 P 向右移动时,电源电压

不变,电压表的示数不变,滑动变阻器连入电路的

电阻变大,依欧姆定律,通过该支路的电 流变 小,

电流表的示数变小．

１０．解:由图象可知:

电阻R１＝２０Ω,R２＝１０Ω

I１＝

U

R１

＝

１２V

２０Ω

＝０．６A

１３２

九年级?物理(全一册)?参考答案

I２＝

U

R２

＝

１２V

１０Ω

＝１．２A

I＝I１＋I２＝０．６A＋１．２A＝１．８A

答:当开关S闭合后,电流表的示数为１．８A．

复习五 欧姆定律(第一课时)

１．欧姆 电压 电阻 I＝

U

R

２．串联电路中的电流处处相等 串联电路的总电压

等于各部分电压之和 R１＋R２

３．并联电路的总电流等于各支路的电流之和 并联

电路各支路两端的电压都相等

R１R２

R１＋R２

４．(１)S１、S２ (２)４∶１

[解析]如 图 所 示,要 使 电 阻 R２、R３ 并 联,则 电 阻

R２、R３中必须有电流通过,所以应闭合开关S１、S２,

此时电流表测干路电流,因并联电路中总电阻 的

倒数等于各分电阻倒数之和,所以,电路中的总电

阻:R＝

R１R２

R１＋R２

＝

１０Ω×１０Ω

１０Ω＋１０Ω

＝５Ω,此时电流表

的示数:I１＝

U

R

＝

U

５Ω

;断 开开 关 S１、S２ 时,R１、R２

串联,电流表测电路中的电流,因串联电路中总电

阻等于各分电阻之和,所以,此时电压表的示数:

I２＝

U

R１＋R２

＝

U

１０Ω＋１０Ω

＝

U

２０Ω

,

所以,I１∶I２＝

U

５Ω

∶

U

２０Ω

＝４∶１．

５．C [解析]由图知道,滑动变阻器与灯泡串联,电

压表测量滑动变阻器两端的电压,电流表测电 路

中的电流,所以电压表示数与电流表示数的比 值

即滑动变阻器接入电路的电阻,由图知道,滑动变

阻器的滑片 P 从b 端向a 端滑动过程中,接入电

路中的电阻变小,即电压表示数与电流表示数 的

比值变小;当滑动变阻器接入电路中的电阻变 小

时,电路中的总电阻变小,由I＝

U

R

知道,电路中的

电流变大,即电流表的示数变大,由于灯丝电阻不

变,由U＝IR 知道,灯泡两端的电压变大,由 P＝

UI 知道,灯泡的实际功率变大,灯泡变亮;由串联

分压知道,此过程中滑动变阻器两端电压变小,故

电压表示数变小;综上所述,只有 C正确．故选 C．

６．解:闭合S、S１ 时,电压表测量的是总电压,可得电

源电压U＝１２V;闭合S,断开S１ 时,电阻 R１ 和 R２

串联,可得I２ ＝I１ ＝

U１

U２

＝

８V

４０Ω

＝０．２A,U２ ＝U－

U１＝１２V－８V＝４V,

R２＝

U２

U１

＝

４V

０．２A

＝２０Ω．

答:被测电阻R２的阻值是２０Ω．

７．小 电压表 定值电阻

８．A [解析]L１与滑动变阻器串联,其两端电压始终

小于电源电压,L２与滑动变阻器并联,其电压始终

等于电源电压,L１故始终比 L２暗．

９．D [解析](１)当输液管内液体越少,R 的阻值越

小,能使通过电铃的电流增大,所以 R 与电铃应串

联在电路,而C图中电铃与R 并联,故C图不符合

题意;(２)R 与电铃串联,R 的阻值越小,电路总电

阻变小,电源电压一定,由I＝

U

R

知电路中电流变

大,故 A 图不符合题意;由U＝IR 知,此时电铃两

端电压变大,由串联电路的电压特点知,R 两端电

压变小,故 B错误,D正确．故选:D．

复习五 欧姆定律(第二课时)

１．串 断开 最大阻值 保护电路 改变被测电阻

两端的电压和电流

２．C [解析]A．当电阻 R 断路时,电流表示数为零,

而电压表示数等于电源电压,所以 A 错,不符合题

意;B．当电阻R 短路时,电流表示数不为零,电压

表示数为零,所以 B错,不符合题意;C．当灯 L 断

路时,电路处于断路状态,所以两个电表的示数都

为零,所以C正确,符合题意;D．当灯L短路时,两

电表示数均不为零,所以 D错,不符合题意．

３．D

４．D [解析]A、如果R１短路,电路总电阻减小,所以

电流表示数增大,同时电压表测量电源电压示数

增大．故 A 不符合题意;B、如果电阻 R２ 短路,电压

表示数减小为零,电流表示数变大．但这不是唯一

产生这种现象 的因 素,故 B 不 符 合 题 意;C、如 果

R１断路,整个电路断路,所以电流表、电压表示数

都减小为零．故 C 不符合题意;D、如果电阻 R２ 断

路,电流表示数减小为零,电压表测量电 源电 压,

示数变大．故 D符合题意．

５．A [解 析]由图 可知,R１ 和 R２ 串 联,电 压 表 测 量

R１两端的电压,电流表测量电路中的电流．A．如果

R１短路,电压表被短路,电压表无示数,电路是通

路,电流表有示数,故 A 正确;B．如果 R２ 短路,只

有R１的简单电路,电压表和电流表都有示数,故 B

１３３

错误;C．如果R１断路,电压表串联在电路中,电压

表有示数,电路中电流很小,电流表没有示数,故C

错误;D．如果R２断路,整个电路断路,电流表和电

压表都没有示数,故 D错误．故选 A．

６．B

７．(１)滑动变阻器

(２)①８．９ ②０．１８

[解析](１)滑动变阻器连入电路时,接线柱要一上

一下接入,而题目图中滑动变阻器接线柱连入 电

路的是两个上边的接线柱,故错误元件是:滑动变

阻器;

(２)①小灯泡 L正常发光时的电压是２．５V,电流

测量的数据看表格,电流是０．２８A,正常发光时的

电阻:R１＝

U

I

＝

２．５V

０．２８A

≈８．９Ω;②若将与上述小

灯泡 L规 格 完 全 相 同 的 两 个 小 灯 泡 串 联 接 入 电

路,使电压表的示数为１．８V,每个小灯泡电压是

０．９V,查看测量的数据表,则电流表的示数应为:

０．１８A．

第十八章 电功率

第１节 电能 电机

１．光 机械 内 机械 内 化学

２．焦耳 千瓦时 １kW?h＝３．６×１０

６J

３．电 其他形式 W ＝UIt 小于 电能表

４．D [解析]电功表示电流做的功,是消耗电能的多

少,和电压、电流、用电器的工作时间有关,D 符合

题意．故答案为:D．

５．D [解析]A．由图知电能表允许通过的最大电流

为４０A,因此小英家干路中的电流不得超过４０A,

故 A 错误;B．小英家上月消耗的电能为:５６４７．８kW

?h－５５４６．７kW?h＝１０１．１kW?h,故B错误;C．指

示灯闪烁３２０次消耗的电能:W ＝

３２０

１６００

kW?h＝

０．２kW?h;故C错误;D．１６００imp/kW?h表示每消

耗１kW?h的电能,指示灯闪烁１６００次,电能表上

指示灯闪烁的次数越多,则电路中消耗的电能越多,

故 D正确．故选:D．

６．解:W ＝UIt＝２２０V×０．２５A×３６００s＝１．９８×

１０

５J．

答:该灯泡 正 常 工 作 １h 消 耗 的 电 能 为 １．９８×

１０

５J．

７．０．０２ [解析]由电能表表盘上标“３０００imp/(kW?

h)”,可知电路中每消耗１kW?h的电能,电能表的

指示灯闪烁３０００次,则指示灯闪烁６０次消耗的

电能:W ＝

６０

３６００

kW?h＝０．０２kW?h．

８．并 电能表

９．B [解析]导体A、B 是由同种材料做成的,A 和B

等长,但 A 比B 的横截面积大,说明 B 的电阻大

于A 的电阻;根据串联电路中电压跟电阻成正比,

电阻越大,该电阻分得的电压就大;串联时电流相

等,根据公式 W ＝UIt 可 知,在相 同时间 内,所以

电流通过 A、B 所做的功是 WA ＜WB ．故选 B．

１０．解:(１)当闭合开关S１、S时,只有R１接入电路,电

流表测通过的电流,由I＝

U

R

可得,电源电压:

U＝I１R１＝０．４A×３０Ω＝１２V;

(２)当只闭合开关 S２、S时,只有 R２ 接入电路,电

流表测通过的电流．则电流表的示数:

I２＝

U

R２

＝

１２V

１０Ω

＝１．２A;

(３)当闭合开关S１、S２、S时,R１与R２并联,因并联

电路中各 支 路 独 立 工 作、互 不 影 响,所 以,通 过

R１、R２的电流不变,由并联电路中干路电流等于

各支路电流之和可得:干路中的电流:

I＝I１＋I２＝０．４A＋１．２A＝１．６A,

通电１００s整个电路消耗的电能:

W ＝UIt＝１２V×１．６A×１００s＝１９２０J．

答:(１)电源电压为 １２V;(２)当闭合开关 S２、S,

断开S１时,电流表的示数为１．２A;(３)通电１００s

整个电路消耗的电能为１９２０J．

第２节 电功率(第一课时)

１．电流做功快慢 电功 时间

２．瓦特 瓦 W 千瓦 kW １０００

３．秒(s) 瓦(W) 小时(h) 千瓦(kW) 伏(V)

安(A) 瓦(W)

４．B ５．C

６．A [解析]A、电度表的读数为２０２８．６kw?h,在

这７天内 所 消 耗 的 电 能 W ＝２０２８．６kW?h－

２０２１．６kW?h＝７kw?h,故 A 正 确;B、P ＝

２００W ＝０．２kW,W ＝Pt,t＝

W

P

＝

７kW?h

０．２kW

＝３５h,

每 天 工 作 的 时 间 为 ３５h

７

＝５ h,故 B 错 误;

１３４

九年级?物理(全一册)?参考答案

C、６００r/kw?h的含义为电表转 ６００转所耗的电

能为１kw?h,冰 箱 正 常 工 作 １ min 所 耗 电 能:

W ＝Pt＝０．２kW?h×

１

６０

h＝

１

３００

kW?h,则电表

工作１min转的次数为６００

３００

＝２,故 C错误;D、再有

其它家电和冰箱一同正常工作时,总功率增加,电

能表转盘的转速增大,故 D错误;故选:A．

７．２５ [解析]W ＝１kW?h＝３．６×１０

６J

P＝４０ W＝０．０４kW

时间:t＝

W

P

＝

１kW?h

０．０４kW

＝２５h

或:t＝

W

P

＝

３．６×１０

６J

４０ W

＝９×１０

４s＝２５h

８．C [解析]AB．结合图,由欧姆定律可知,a电阻最

大,c但最小,即a、c阻值相差最大;b、d阻值相同,

阻值差最小．故 AB错误;CD．根据公式 P＝UI 可

知,b电功率最大,d 电功率最小,电 功率差 最大;

a、c电功率相同,阻值差最小．故 C 正确,D 错误．

故选 C．

９．１６５．３ ２０００ [解析]电能表读数的最后一位为小

数点后的一位,由图知电能表读数为１６５．３kW?h,

若单独使用某电热水器时电能表的转盘转１２００转,则

此热水器消耗电能

W ＝

１２００r

３０００r

×１kW?h＝０．４kW?h

热水器工作时间t＝１２min＝０．２h

热水器的功率为

P＝

W

t

＝

０．４kW?h

０．２h

＝２kW＝２０００W．

１０．解:(１)由欧姆定律可得定值电阻R 两端的电压

UR ＝IRRV＝０．１A×２０Ω＝２V

由图可知,闭合开关,小灯泡 L 与定值电阻 R 并

联,两支路电压相等且都等于 电源 电压U,则 小

灯泡两端电压

UL ＝U＝UR ＝２V

由欧姆定律得此时小灯泡 L的电阻R

R＝

UL

IL

＝

２V

０．２A

＝１０Ω

(２)小灯泡 L的实际功率

PL ＝ULIL ＝２V×０．２A＝０．４ W

(３)因 小 灯 泡 L 与 电 阻 R 并 联,电 路 中 的 干 路

电流

I＝IR ＋IL ＝０．１A＋０．２A＝０．３A

通电２０s,L与R 共消耗的电能为

W ＝UIt＝２V×０．３A×２０s＝１２J

答:(１)此时 L的电阻为１０Ω;(２)L 的实际功率

为０．４ W;(３)通电 ２０s,L、R 共消 耗的 电 能 为

１２J．

第２节 电功率(第二课时)

１．额定电压 额定功率

２．低于 高于 额定电压 实际功率

３．这个灯泡正常工作时的电压是２２０V 额定电压

这个灯泡正常工作消耗的功率是４０ W 额定功

率０．１８ １２１０ [解析]电流用公式 P＝IU 根据

额定电压和额定功率求出电流,此时的电流为额

定电流,用电器的电阻再利用 R＝

U

I

求出．在不用

求额定电 流 的 时 候,也 可 以 直 接 用 公 式 R＝

U

２

P

求得．

４．C [解析]AB．闭合开关,看见 L１发光,L２不发光;

用灯泡 L３替换 L１,发现 L２ 和 L３ 同时发光,说明灯

泡 L２的灯丝没有断;若原来 L１ 和 L２ 并联,用灯泡

L３替换 L１后,根据并联电路中各支路互不影响的

特点可知,对 L２支路无影响,L２ 应该仍然不发光,

所以两灯泡不是并联,原来 L２ 不发光是因为 L２ 的

实际功率太小造成的,故 AB错误;CD．原来 L２ 不

发光是因为 L２ 的实际功率太小,现在 L２ 发光,说

明 L２的实际功率增大了,L２的阻值不变,则由 P＝

I

２R 可知,替换后电路中电流增大了,电源电压不

变,根据 P＝UI 可知,电路的总功率变大,故 D 错

误．因替换后电路中电流增大了,根据欧姆定律可

知电路的总电阻减小了,可知 R３ ＜R１,故 C正确;

故选:C．

５．C [解析]用电器在正常工作时的实际功率等于

用电器的额定功率,由灯泡的铭牌可知,两个白炽

灯的额定功率相等,则它们正常发光时的实际功

率P 相等,由W ＝Pt可知,在相等时间t内它们消

耗的电能相等．故选:C．

６．B [解析]A．由图可知,电流从电源的正极流出,

经开关后分为两支,一支经过灯泡 L１,另一支经过

左侧电流表 A１ 和灯泡 L２,汇合到电流表 A２ 再回

到电源的负极,因此,两灯泡并联,A 不符合题意．

B．两灯泡 L１ 和 L２ 分 别 标 有 “３．８ V ０．２ A”和

“３．８V ０．３A”字样,由I＝

U

R

可得,R１ ＞R２,两

１３５

灯泡并联,其两端电压相等,由 P＝

U

２

R

可知,灯泡

L１的实际功率小于灯泡 L２ 的实际功率,则灯 L２ 更

亮,B符合题意;C．已知由于灯丝的 材料相 同,长

度相同,L２电阻小于 L１电阻,所以 L２ 灯丝就较粗,

C不符合题意;D．由图知,两节干电池串联,则电

源电压为３V;如果两灯能正常发光,则 A２ 的示数

为０．２A＋０．３A＝０．５A;由于电源电压小于两灯

泡的额定电压为３．８V,所以此时两灯泡都不能正

常发光,则 A２ 的 示数 应小于 ０．５ A,D 不符合 题

意．故答案为:B．

７．解:(１)I＝

P

U

＝

１０００ W

２２０V

＝

５０A

１１

R＝

U

I

＝

２２０V

５０A/１１

＝４８．４Ω

(２)W ＝Pt＝１０００ W×３６０s＝３．６×１０

５J

答:(１)该电热水壶正常工作时的电阻是４８．４Ω;

(２)消耗的电能是３．６×１０

５J．

８．１∶２ １∶２

９．L２ L１ [解析]灯泡串联时,电流I１ ＝I２,电压表

V１示数 比 V２ 小,即 U１ ＜U２,由 P＝UI 得:P１ ＜

P２,故 L２的实际功率大．根据欧姆定律变形可得:

R＝

U

I

,I１ ＝I２,U１ ＜U２,所以两灯泡的电阻关 系

为:R１＜R２;因为两灯泡的额定电压 U 相等,R１ ＜

R２,根据 P＝

U

２

R

可 得:额定 功率 P１ ＞P２．故答 案

为:L２;L１．

１０．解:闭合开关,灯泡和滑动变阻器串联,电流表测

量电路电流

(１)灯泡正常发光时的电压为２．５V,电流为０．５A,

则此时小灯泡消耗的电功率

PL ＝ULIL ＝２．５V×０．５A＝１．２５ W;

(２)根据串联电路的电压关系可知,滑动变阻器

两端的电压为:

U′＝U－UL ＝６V－２．５V＝３．５V;

滑动变阻器接入电路的电阻为:

R′＝

IL ＝

３．５V

０．５A

＝７Ω;

(３)电源电压６V 大于灯泡的额定电压,由甲电

路图可知,当滑动变阻器接入电路中的电阻过小

时,会造成灯泡两端的电压过大损 坏小灯 泡;为

让滑片能自由移动,且小灯泡安全 工作,当滑 动

变阻器接入电路中的电阻为零时,灯泡应正常发

光,电路中应串联接入一个７Ω 的电阻R０．

答:(１)灯泡正常发光时的电功率为１．２５ W;

(２)灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值

为７Ω;

(３)该电路设计有缺陷,当滑动变阻器接入电路

中的电阻过小时,会造成灯泡两端的电压过大损

坏小灯泡;解决 办法:电 路中 串 联 接 入 一 个 ７Ω

的电阻R０．

第３节 测量小灯泡的电功率

１．P＝UI 灯泡两端的电压 通过这个灯泡的电流

２．断开 最大阻值 保护电路,改变灯泡两端的电

压和电流

３．B [解析]由表中数据代入公式R＝

U

I

计算可知,

灯丝的电阻随电压的增大而增大,A 错;由表中数

据知,灯泡 额定电 压 U ＝２．５ V 对 应 的 电 流I＝

０．３２A,灯泡的额定功率P＝UI＝２．５V×０．３２A＝

０．８W,B对;灯泡在额定电压下的功率为额定功率,

不能把四次功率的平 均值 作为灯 泡的 额定 功率,

C错;由 A 知灯丝电阻R 随电压U 的增大而增大,

不是定值,可知:通过小灯泡的电流与它两端的电

压不成正比,D错;故选 B．

４．C [解析]A．无论怎样移动滑动变阻器 的滑 片,

小灯泡不 亮,电 流 表 几 乎 无 示 数,则 电 路 可 能 断

路;电压表的示数几乎等于电源电压,说明电压表

与电源连通,原因是小灯泡断路,故 A 正确;B．无

论怎样移动滑动变阻器的滑片,小灯泡很暗且亮

度不变,则电路的电流很小,变阻器没有了变阻的

作用,故原因是滑动变阻器同时接入两个下接线

柱,故 B 正确;C．灯在额定电压下正常发光,示数

为２．５V 小于灯的额定电压３．８V,应增大灯的电

压,根据串联电路电压的规律,应减小变阻器的电

压,由分压原理,应减小变阻器连入电路中的电阻

大小,故滑片向右移动,故 C 错误;D．电压表无示

数,小灯泡不亮,若电流表有示数,可 能是 小灯泡

短路;若电流表无示数,则可能整个电路 断路,故

D正确．故选:C．

５．(１)见下图;

第５题答图

１３６

九年级?物理(全一册)?参考答案

(２)小灯泡断路 (３)０．２６ ０．６５

(４)灯丝电阻随温度升高而变大

(５)U额 ＝

U１－U额

R０

第４节 焦耳定律(第一课时)

１．电流的热效应 电流 电阻 通电时间

２．电流的二次方 导体的电阻 通电时间 焦耳

Q＝I

２Rt

３．相等 多

４．C [解析]ABD．电风扇、电视剧、电冰箱工作时主

要把电能转化为机械能、光能和声能,不是利用电

流热效应工作的,故 ABD 不符合题意;C．电热水

壶工作时主要把电能转化为内能,是利用了电 流

的热效应来工作的,故符合题意,故选 C．

５．C ６．B

７．(１)电阻 (２)温度计示数的变化量

[解析](１)如图,两个电阻串联在电路中,电流相

同,通电时间相同,电阻不同,运用控制变量法,探

究电流产生热量跟电阻的关系;(２)当电阻丝通电

后,电流产生热量使煤油温度升高,从而使温度计

示数上升,因此可根据温度计示数的变化大小 可

知温度升高的多少;故答案为:(１)电阻;(２)温度

计示数的变化．

８．C [解析]a、b相比,电流和通电时间相等,b产生

的热量多;b、d相比,电阻和通电时间相等,d 产生

的热量多;c、d相比,电压和通电时间相等,c产生

的热量多．

９．(１)电流 ５

(２)０．５ 当电阻相同时,电流越大,产生的热量越多

(３)热 电 内

第４节 焦耳定律(第二课时)

１．４０００

２．D [解析]A、B、C．用电热孵化器孵小鸡、使用电

热水壶烧水、用电熨斗熨衣服,都是将电能转化为

内能,属于利用电流的热效应,故 A、B、C 不符 合

题意;D．电脑温度过高时,风扇会及时启动,给电

脑降温,是为 了 防 止 电 热 产 生 危 害,故 D 符 合 题

意．故选:D．

３．２ ４．４×１０

３ [解析]由I＝

U

R

可得,通过电热丝

的电流:I＝

U

R

＝

２２０V

１１０Ω

＝２A,在１０s内共产生的

热量:

Q＝I

２Rt＝(２A)２×１１０Ω×１０s＝４．４×１０

３J．

４．２２０ １．２×１０

４

５．B [解析]由图可知,该电路为串联电路;通过两

个电阻的电流、通电时间相同,电阻不同,根据焦

耳定律可知,电阻越大,产生的热量越多,R１ 的电

阻小于R２的电阻,则 R２ 产生的热量较多,R２ 上的

蜡熔化的快一些,故 B正确．故选:B．

６．(１)１０Ω (２)３J

解:(１)当开关 S１ 闭合、S２ 断开时,电路为 R１ 的简

单电路,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律可

得:R１＝

U

I１

＝

３V

０．３A

＝１０Ω;

(２)当开关S１、S２均闭合时,R１和R２并联,

因为并联电路中各支路两端的电压相等,则有:U２ ＝

U＝３V,

由欧姆定律可知,通过R２的电流为:

I２＝

U２

R２

＝

３V

３０Ω

＝０．１A,

所以通电１０s电阻R２产生的热量为:

Q＝I

２

２R２t＝(０．１A)２×３０Ω×１０s＝３J．

答:(１)电阻 R１的阻值为１０Ω;

(２)当开关S１、S２均闭合时,通电１０s电阻 R２ 产生

的热量为３J．

７．４４ ６．６×１０

５ 小于 [解析](１)由题知,电暖器

在２２０V电路中工作时,通过电热丝的电流为５A,

由欧姆定律可得,电热丝正常工作时的电阻:

R＝

U

I

＝

２２０V

５A

＝４４Ω;

工作１０min产生的热量:

Q＝I

２Rt＝(５A)２×４４Ω×１０×６０s＝６．６×１０

５J;

(２)电热丝和导线串联在电路中,电流相等,电热

丝比导 线 热,导 线 电 阻 比 电 热 丝 小 得 多,由 Q＝

I

２Rt知,相同时 间里 电流通 过导 线产 生热量 远远

小于电热丝消耗的热量．故答案为:４４;６．６×１０

５;

小于．

８．加热 ６００ [解析](１)由电路图可知,开关 S接

“１”时电路为R２的简单电路,开关S接“２”时 R１ 与

R２串联,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,

则开关S接“１”时,电路中的总电阻最小,根据P＝

U

２

R

可知,电路消耗的功率最大,电热水壶处于处于

加热挡;

(２)开关S接“２”时,两电阻串联,为保温状态,电

１３７

路的总 电 阻 为:R＝R１ ＋R２ ＝１０５０Ω＋５０ Ω＝

１１００Ω,则 电 路 中 的 电 流:I＝

U

R

＝

２２０V

１１００Ω

＝

０．２A,通电５min电流通过R２产生的热量:

Q＝I

２R２t＝(０．２A)２×５０Ω×５×６０s＝６００J．

９．０．４ １２ ４３２ [解析]由电路图可知,两电阻并

联接在电源两端;

(１)通过R１的电流为:I１＝U

R１

＝

１２V

３０Ω

＝０．４A;

(２)通过 ΩR２的电流为:I２＝

U

R２

＝

１２V

２０Ω

＝０．６A;

干路电流为:I＝I１＋I２＝０．４A＋０．６A＝１A,

电路总功率为:P＝UI＝１２V×１A＝１２W;

(３)通电１min后 R２所产生的热量为:

Q＝I

２

２R２t＝(０．６A)２×２０Ω×６０s＝４３２J．

１０．解:电流做功 W＝Pt＝１２０W×３００s＝３．６×１０

４J

依 P＝UI得,电流大小I＝

P

U

＝

１２０W

２４V

＝５A

产生的热量 Q＝I

２Rt＝(５A)２×０．５Ω×３００s＝３７５０J

答:(１)电流做了３．６×１０

４J的功;

(２)产生了３７５０J的热量．

复习六 电功率(第一课时)

１．０．０１ ６０ [解析]∵每消耗１kW?h 的电能,电

能表的转盘就转过３０００r,∴电能表的转盘转过

３０r 消 耗 的 电 能 为:W ＝

３０r

３０００r/(kW?h)＝

０．０１kW?h＝３．６×１０

４ J,而t＝１０min＝６００s,

∴灯泡的实际功率为:

P实际 ＝

W

t

＝

３．６×１０

４J

６００s

＝６０ W．

２．电烙铁 电风扇

３．半导体 电流 变大 [解析]气敏电阻 R 是由半

导体材料制成的;由电路图可知,闭合开关 R０ 与 R

串联,电压表测R 两端的电压,电流表测电路中的

电流;当污染物浓度增大时,根据图 乙可知,气 敏

电阻的阻值减小,总电阻减小,由欧 姆定律 可知,

电路中的电流变大,即电流表示数变大;由串联电

路的分压规律可知,气敏电阻R 两端的电压变小,

即电压表示数变小;由题知,污染物 浓度增 大时,

监测仪表读数变大,所以监测仪表应为电流表;电

源电压不变,电 路中 的电流 变大,根 据 P＝IU 可

知,总功率变大．

４．A [解析]灯泡L和滑动变阻器并联在电路中,在

并联电路中各个支路两端的电压都相同,故 A 正

确;由于并联电路中各支路独立工作互不影响,所

以通过灯泡的电流是不变的,灯泡的亮度就不变,

所以选项 C错误;当滑动变阻器的滑片向右移动

时,滑动变阻器的阻值变大,根据欧姆定律知通过

滑动变阻器的电流变小,因此,干路电流 也变 小,

电流表的示数就变小,所以选项 B错误;由 P＝IU

知电路的总功率变小,故选项 D错误．

５．解:(１)电熨斗正常工作时的电流为:

I＝

P

U

＝

８８０ W

２２０V

＝４A

(２)电熨斗正常工作１min产生的热量为:

Q＝W ＝Pt＝８８０ W×６０s＝５２８００J

答:(１)电熨斗正常工作时的电流为４A;(２)电熨

斗正常工作１min产生的热量为５２８００J．

６．(１)如图所示

第６题答图

(２)断开 (３)短路 (４)２．２ 右 (５)０．７５

７．解:(１)I１＝

U１

R１

＝

２２０V

８８Ω

＝２．５A

(２)P１＝UI１＝２２０V×２．５A＝５５０ W

(３)①乙

②Q总 ＝(P１ ＋P２ )t＝(５５０ W ＋ ５５０ W)×１０×

６０s＝６．６×１０

５J

答:(１)通过R１中的电流为２．５A;(２)R１ 消耗的电

功率为５５０ W;

(３)①按 乙 图 所 示 方 案;② 电 烤 箱 产 生 的 热 量 为

６．６×１０

５J．

复习六 电功率(第二课时)

１．１∶１ １∶２ １∶２ １∶２ ２∶１ １∶１ ２∶１ ２∶１

２．D [解析]由公式R＝

U

２

P

可知,若实际电压为额定

电压的 １

２

,则实际功率为额定功率的 １

４

．

３．BC [解析]闭合开关,变阻器与灯泡 L串联,电压

表测滑动变阻器的电压,电流表测电路中的电流,

灯泡 L发光,说明电路通路．向左移动滑动变阻器

的滑片 P,滑动变阻器连入电路的电阻变大,总电

１３８

九年级?物理(全一册)?参考答案

阻变大,电源电压不变,依欧姆定律I＝

U

R

得电路

中电流变小,电流表的示数变小,依 P＝UI,电路

总功率变小,故 A 错,C 对;电路中电流变小则过

灯泡的电流变小,依U＝IR,灯泡两端电压变小,

依P＝UI,灯泡功率变小,亮度变暗,故 D错;依串

联电压关系,滑动变阻器两端电压大,电压表示数

变大故 B对;故 AD错误,BC正确,所以选择 BC．

４．解:(１)电路中的电流:

I＝

U１

R１

＝

３V

５Ω

＝０．６A

电压表 V２的示数:U２＝IR２＝０．６A×１０Ω＝６V;

(２)整个电路在１０s内产生的热量:

Q＝I

２(R１＋R２)t＝(０．６A)２×(５Ω＋１０Ω)×１０s＝５４

J．

答:(１)电压表 V２的示数为６V;(２)整个电路在１０s

内产生的热量为５４J．

５．粗 暗 [解析]根据 R＝

U

２

P

知,额定电压相同时

１００ W 的灯泡电阻小,因两只灯泡的材 料和长 度

相同,所以电阻小的横截面积大,即１００ W 的灯泡

灯丝较粗;两灯泡串联时电流相等,根据 P＝I

２R

知,１００ W 的灯泡电阻小,实际 功率 小,灯泡的 亮

度取决于实际功率,所以１００ W 的灯泡较暗．

６．断路 ０．３A~０．５A [解析](１)电流表无示数,

说明无电流,故障类型为断路,电压 表有示 数,说

明电压表到电源为通路,故确定为R 断路;

(２)电流表的量程为０—０．６A,灯泡正常工作时的

电流:IL ＝

PL

UL

＝

１．２５ W

２．５V

＝０．５A,

灯泡的电阻:RL ＝

UL

IL

＝

２．５V

０．５A

＝５Ω,

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路 中

的电流最小,电压表的示数最大,

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以 电

路中的最小电流

I小 ＝

U

RL ＋R大

＝

４．５V

５Ω＋１０Ω

＝０．３A,

所以,电流表示数变化范围是０．３A~０．５A．

７．解:(１)蛋糕机正常工作时电压U＝２２０V,

依 P＝UI 得低温档加热电流为

I低 ＝

P低

U

＝

４４０ W

２２０V

＝２A

(２)由图知,中温档只有电阻 R２ 工作,工作时电压

U＝２２０V,此时工作电流为

I中 ＝

U

R２

＝

２２０V

５５Ω

＝４A

中温档加热功率为

P中 ＝UI中 ＝２２０V×４A＝８８０ W

(３)当开关 S１、S２ 都闭合时两电阻并联,此时处于

高温加热档,其功率为

P高 ＝P中 ＋P低 ＝８８０ W＋４４０ W＝１３２０ W

加热时间t＝５min＝３００s

依 P＝

W

t

得,

高温档加热５min消耗的电能

W 高 ＝P高t＝１３２０ W×３００s＝３．９６×１０

５J

答:(１)低温档加热电流为２A;

(２)中温档加热功率为８８０ W;

(３)高温档加热５min消耗的电能为３．９６×１０

５J．

第十九章 生活用电

第１节 家庭电路

１．电能 总开关 保险装置 端 火 零 ２２０

试电笔

２．金属 外壳 大地 ３．空气 开关 漏电 保 护 器

４．C

５．C [解析]要保证由金属外壳的用电器外壳接地,

必须保证地线常通,故开关２ 没有必要;要保证用

电器正常安全工作且便于检修等,零线必须常通,

开关接火线,故开关４没有必要,故选择 C．

６．火 甲

７．C [解析]电灯 L 不亮,用测电笔接触 M 点时氖

管发光,说明 M 与火线之间是接通的;接触 N、Q

点时氖管均不发光,说明这两点与火线之间是断

开的,所以故障是 MN 之间发生了断路现象,故 C

正确,故选 C．

８．B[解析]灯泡的接法:火线进入开关,再进入灯泡

顶端的金属点;零 线直 接接入 灯泡 的螺 旋套,AC

中灯泡接法错误,BD 中灯泡接法正确;三孔插座

的接法:上孔接地线,左孔接零线,右孔接火线,D

中三孔 插 座 接 法 错 误;故 ACD 错 误,B 正 确．故

选:B．

９．如图所示:

第９题答图

１３９

第２节 家庭电路中电流过大的原因

１．

P

U

越大 安全 保险丝

２．铅锑 较大 较低 熔断 空气开关

３．D [解析]家庭电路发生短路时,电流过大,但电

流不过 用 电 器,用 电 器 不 工 作,也 不 会 烧 坏,故

ABC错误;当电流过大而大于保险丝的额定电流

时,保险丝会自动熔断切断电路．

４．C ５．C

６．C [解析]闭合开关时灯泡正常发光,再将电风扇

的插头插入插座中时,灯泡突然熄灭,检查时发现

保险丝熔断了,这说明电路中的电流过大;由于电

风扇的功率不大,所以造成电流过大的原因不 是

总功率过大,故原因是电路出现了短路现象;开始

时电路正常工作,将电风扇的插头插入插座中 时

电流过大,所以故障是电风扇的插头短路;电风扇

断路、灯泡断路都不会引起电路中电流过大,故 C

正确．故选:C．

７．丙图 丙图 丙图 [解析]两管内保险丝的材料

相同,长度相同,粗细不同,越细的电阻越大,即丙

保险丝的电阻大;当乙、丙两保险管通过相同的电

流时,根据 P＝I

２R 可知,丙保险丝的热功率大,相

同时间内,根据Q＝I

２Rt可知,丙保险丝产生的热

量多,温度更高,更更容易熔断．

８．B

９．B [解析]A．家庭电路中空气开关 跳闸,是因 为

家庭电路电流过大,而电流过大的原因可能是 用

电器的总功率过大,也可能是电路发生了短路,故

A 错误;B．控制用电器的开关必须接火线,才能既

起到控制作用,又能确保用电安全,故 B正确;C．

使用试电笔时,手必须接触笔尾金属体,所以 C错

误;D．电烤炉、电饭锅等都属于大功率电器,将多

个这类用电器接在一个插线板上同时使用,总 功

率过大,总 电 流 过 大,超 过 电 线 允 许 的 安 全 电 流

值,会引起火灾等事故,故 D错误．故应选 B．

１０．解:学校照明电压U＝２２０V,所有电灯总功率为

P＝４０ W×６×２０＝４８００ W．

电灯全部发光时总电流为:

I＝

P

U

＝

４８００ W

２２０V

＝２１．８２A

电炉正常工作时的电流为:

I′＝

P′

U

＝

５００ W

２２０V

＝２．２７A

所以I＋I′＝２１．８２A＋２．２７A＝２４．０９A＜２５A

所以能再接上一个５００ W 的电炉．

第３节 安全用电

１．不高于３６V 变大 变小

２．电弧 跨步电压 靠近

３．B [解析]A．根据安全用电的原则,人不 能靠近

高压带电体,靠近高压带电体也会发生触电,故 A

错误;B．家用电器的电线绝缘皮老化或破损时,容

易使火 线和 零线 相连,会 形成电 源 短 路,故 B 正

确;C．使用测电笔时,笔尖应接触被测的导线,手

指按住笔卡,不能 碰到 笔尖,防止 发生 触电,故 C

错误;D．家庭电路安装漏电保护器是防止漏电而

采取的安全措施,空气开关是为了防止电路中的

电流过大而采取的安全措施,故 D错误．故选:B．

４．D [解析]A．生活用水是导体,手上有水时,插拔

电器插头,容易发生触电,故 A 不符合题意;B．出

现电器着火时,首先要断开电源,切不可用水直接

浇灭,因为一般的水是导电的,会造成触电,故 B

不符合题意;C．潮湿的衣服容易导电,将潮湿的衣

服放在通电的电暖气上烘干,容易发生触电事故,

故 C不符合题意;D．更换灯泡之前必须断开开关,

否则会发生触电事故,故 D符合题意．故选 D．

５．D [解析]开关必须接火线,故 A 错;电维修家庭

电路很危险,应切断电源,故 B 错;三角插头插入

三孔插座可以保证用电器金属外壳良好接地,改

为两脚插头插入两孔插座,当用电器金属外壳带

电时会有触电的危险,故 C错;远离高压带电体是

安全用电的原则,故 D正确．故选 D．

６．B [解析]虽然人站在干燥的木凳上,但一只手握

火线,另一 只 手 握 零 线,在 两 手 之 间 形 成 电 流 通

路,有较大的电流通过人的左右手和心脏,故发生

触电事故．

７．A

８．C [解析]开 关必 须接 在火线 上,才 能 既 控 制 电

器,又能保证用电安全．

９．解:(１)电池充满电储存的电能为:

W＝UIt＝３．７V×４２００×１０

－３ A×１×３６００s＝５５９４４J;

(２)两个充电器的功率分别为:

P１＝U１I１＝５V×１A＝５ W,

P２＝U２I２＝５V×４．５A＝２２．５ W＞P１,

所以第二个的充电速度快,第二个是快速充电器;

１４０

九年级?物理(全一册)?参考答案

(３)充电器的充电线有电阻,由焦耳定律知,工作

过程中会产生热量;充电线尽可能做得粗一些,目

的是减小电阻,使充电过程中产生的热量少一些．

答:(１)电池充满电后,储存的电能为５５９４４J;

(２)标 注 “输 出 ５ V,４．５ A”的 充 电 器 是 快 速 充

电器;

(３)充电线较粗可以减小电阻,在充电过程中产生

的热量较少．

复习七 生活用电

１．火 ２２０ 并 串 地 零线

２．火线 避雷针 不高于３６ 降低

３．B

４．D [解析]A．电能表是用来计量家中所有用电器

消耗的电能的,A 错误;B．空调和吊灯属于并联,

他们并不影响互相的工作,B错误;C．漏电保护器

与插座是串联的,插座处发生漏电或有人触电 时

才会切断电源;如果插座被短路,空气开关就会切

断电流,故 C错误;D．电路发生短路,电路中的电

流非常大,这时空气开关就会“跳闸”,D 正 确．故

选 D．

５．D [解析](１)我国照明电路电压是２２０V,家用

电器的额定电压是 ２２０V,各家用电器之间并 联

时,各家 用 电 器 都 能 正 常 工 作,并 且 互 不 影 响;

(２)空气开关跳闸,是电路 中的 电流 过大造 成,应

先排查跳闸的原因,整修后,闭合开关;(３)正确使

用验电笔时,手要接触笔尾金属体,不能接触笔尖

金属体;(４)对于金属外壳的家用电器,金属外壳

一定接地,防止外壳漏电,发生触电事故．

６．D [解析]A．高压线下钓鱼,鱼线很容易接触到

高压线,会发生触电,故 A 错误;B．雷电是高空云

层放电,高 大 的 树 木、建 筑 物 等 易 将 电 流 导 向 大

地,所雷雨天躲在大树底下避雨非常危险,故 B错

误;C．发现有人触电时,应立即切断电源或用绝缘

棒将导线 挑开,使 接触 者尽 快脱离 电源,故 C 错

误;D．充电器长时间插在电源插孔上会持续发热,

容易引起线路的安全事故,故 D正确．

７．A [解析]断路器接在火线上,开关接在火线上,

灯泡接在零线上,更安全,故 A 正确．

８．C

９．(１)开关控制电灯时,开关和电灯串联,火线首先

过开关再入灯泡顶端的金属点,零线直接连电 灯

的螺丝口;

(２)三孔插座的接法:左孔接零线,右孔接火线,上

孔接地线,如图所示．

第９题答图

第二十章 电与磁

第１节 磁现象 磁场(第一课时)

１．两 北极(N 极) 南极(S极) 相互排斥 相互

吸引 排斥

２．磁性 磁化

３．如图所示:

第３题答图

４．B

５．C [解析]根据同名磁极相互排斥,异名磁极相互

吸引的规律,甲与 N 极相吸引,则甲为 S极,乙与

S极相吸引,则乙为 N 极．

６．A [解析]写黑字时小磁体的S极被吸引,说明黑

色笔尖是 N 极,故选项 B错误;写红字时小磁体的

N 极被吸引,说 明 红 色 笔 尖 是 S 极,故 选 项 C 错

误;要想把写的字去掉,需要把笔尖吸引的小磁体

恢复到原来位置,这就要用一个磁性材料去吸引,

可以用软铁吸 引,用软 铁 制 成 刷 子,故 选 项 A 正

确;写字时是靠异名磁极相互吸引来完成的,故选

项 D错误．

７．B [解析]铁钉被磁体磁化后相当于两个磁体,由

于同名磁极相互排斥,所以两铁钉相互排斥．

８．B [解析] 由图可知,两磁极相互排斥,小磁针

的 N 极的指向与该点磁感线的方向一致,磁体的

外部,磁感线从磁体的 N 极出发回 到 S 极,所以

甲、乙都是S极．故选 B．

９．A

１０．D [解析]由题意可知,图甲、图乙两种方式接触

时,它们之间都有较大吸引力,因磁 体的两 端磁

１４１

性最强,中间最弱,几乎没 有磁性,所以,在图 甲

中,钢条 M 的中间位置几乎没有磁性,N 却能吸

引 M,说明钢条 N 具有磁性;同理,由图乙可知,

钢条 M 也具有磁性,由选项可知,只有 D正确．

第１节 磁现象 磁场(第二课时)

１．磁场 北 磁场 ２．磁感线 N S

３．地磁场 南 北 ４．地磁场 南

５．A [解析]磁感线不是真实存在的,而是一些假想

的线,故 A 错误;磁体之间的相互作用是通过磁场

产生的,故 B正确;在磁体的外部,磁感线从磁体

的北极出发,回到南极,故 C 正确;磁感线上某一

点的切线方向与放在该点的小磁针静止时北极所

指的方向一 致,与 南 极 所 指 的 方 向 相 反,故 D 正

确．故选 A．

６．如图所示;

第６题答图

７．如图所示:

第７题答图

[解析]由题图可知,小磁针的 N 指向左边,可知条

形磁体的右边是 N 极,左边是S极;由于磁感线是

从 N 极出发,回到 S极,所以 A 点处的磁场方向

指向条形磁体的S极．

８．B ９．D

１０．D [解 析]A．磁 场 真 实 存 在,磁 感 线 真 实 不 存

在,故 A 错误;B．地球仪周围磁场强度不同,磁场

不均匀,故 B 错误;C．地球仪周围的磁场方向不

同,故 C错误;D．地球仪可悬浮在空中是利用同

名磁极相互排斥的原理,故 D正确．故选 D．

１１．甲图左端为S极,右端为 N 极,磁感线的方向是

从右向左;乙图上、下都是 S极,磁感线的方向均

是从外界指向磁体．

第２节 电生磁(第一课时)

１．偏转 磁场 ２．右 四指 电流 大拇指 N

３．B

４．A [解析]A．根据安培定则可知螺线管的右端为

N 极,左端为 S极;异名磁极相互吸引,则左边小

磁针的右端为 N 极,右边小磁针的左端为S极,故

A 正确;B．根据安培定则可知螺线管的右端为 N

极,左端为 S极;异名磁极相互吸引,则左边小磁

针的右端为 N 极,右边小磁针的左端为 S极,故 B

错误;C．根据安培定则可知螺线管的右端为 S极,

左端为 N 极;异名磁极相互吸引,则左边小磁针的

右端为S极,右边 小磁针 的左 端为 N 极,故 C 错

误;D．根据安培定则可知螺线管的右端为 S极,左

端为 N 极;异名磁极相互吸引,则左边小磁针的右

端为S极,右边小磁针的左端为 N 极,故 D 错误．

故选 A．

５．AD ６．N ７．B

８．如图所示:

第８题答图

９．如图所示:

第９题答图

[解析]由图和安培定则可知,螺旋管的右端为 N

极,小磁针静止时的右端为 N 极,则左端为 S极;

因为在磁体外部,磁感线总是从 N 极发出,回到 S

极,所以磁感线的方向是由右指向左的．

第２节 电生磁(第二课时)

１．如图所示:

第１题答图

２．如图所示:

第２题答图

１４２

九年级?物理(全一册)?参考答案

３．如图所示:

第３题答图

４．如图所示:

第４题答图

５．如图所示:

第５题答图

６．如图所示:

第６题答图

７．如图所示:

第７题答图

[解析]电流从左侧流向右侧,依据安培定则可判

断出螺线管的右端为 N 极,磁感线在磁体外部是

由 N 极指向S极的,小磁针指向螺线管 N 极的一

端为S极．

８．如图所示:

第８题答图

[解析]磁 体周围 的磁 感线 都是从 磁体 的 N 极 出

发,回到 S极;根据磁极间的相互作用规律可知,

小磁针下端为 N 极;由安培定则可知电源上端为

负极,下端为正极．

９．如图所示:

第９题答图

１０．如图所示:

第１０题答图

[解析]根据小磁针的 N、S极判断出螺线管的右

侧为S极,左侧为 N 极,在根据右手定则判断出

电流流向,从而确定电源的正负极,如图所示．

１１．如图所示:

第１１题答图

[解析]磁 体 的 外 部,磁 感 线 从 N 极 出 发 回 到 S

极,由图可知,螺线管的左端是 N 极,由安培定则

可知电流从螺线管的左端流入,右端流 出,由异

名磁极相互吸引可知小磁针的右端是 S极,左端

是 N 极,如图所示．

１２．如图所示:

第１２题答图

１３．如图所示:

第１３题答图

１４３

[解析]因为通电螺线管磁性的强弱与电流的大

小有关,电流越大,磁性越强,所以若使滑动变阻

器的滑片向 A 端移 动 时,通 电 螺 线 管 的 磁 性 增

强,应将 A 接线柱与开关相连;根据安培定则,用

右手握住螺线管,使四指指向电流 的方向,则 大

拇指所指的右端为螺线管的 N 极．

第３节 电磁铁 电磁继电器(第一课时)

１．铁芯 有 无 强 强

２．通断 滑动变阻器的阻值 多少 ３．B

４．C [解析]根据图像,闭合开关后,利用右手螺旋

定则判断,螺线管的左侧是北极,B不符合题意;M

点的方向从左向右,A 不符合题意;由于磁极间的

作用,小磁针静止时,北极向右,C 符合题意;向右

滑动滑片时,变阻器电阻减小,电路 中电流 变大,

螺线管的磁性变强,D不符合题意．故答案为:C．

５．S(南) 增大 [解析]电流由 A 流向B,则由右手

螺旋定则可知螺线管B 端为 N 极,则 A 端为 S极

(南极);当滑片向左移动时,滑动变阻器接入电阻

减小,则由欧姆定律可知电路中电流增大,则螺线

管中的磁性增强,故小铁球所受磁力增强;小铁球

受重力、磁力及浮力,因小球处于静 止状态,故 向

下的磁力与重力之和应等于向上的浮力,因磁 力

增加,故浮力也将增大．故答案为:S(南),增大．

６．N S 减弱

７．N 越强 [解析]由图可知,开关闭合后,电流由

螺线管的上端流入、下端流出,由安 培定则 可知,

螺线管的 A 端为 N 极,B 端为 S极,滑 片向右 移

动,滑动变阻器接入电路的电阻变小,由欧姆定律

可知线圈中的电流增大,则电磁铁的磁性增强．故

答案为:N;越强．

８．S变小 变小 [解析][１]根据安培定则可知,四

指的方向为电流的方向,大拇指的方向即为 N 极

的方向,故B 为 N 极,A 为S极．[２]当滑动变阻器

的滑片 P 向a 端滑动时,滑动变阻器接入的电阻

变大,总电阻变大,电源电压不变,故电 流表的 示

数变小．[３]电流变小,通电螺线管的磁性变弱．

９．奥斯特 N 大于 左 [解析]在通电导体放在

小磁针上方时,小磁针会发生偏转,即发明电流周

围存在磁场．电磁铁的工作原理是电流的磁效应,

该现象最早是奥斯特发现的;由图看出,电流从电

磁铁上端 流 入,依 据 安 培 定 则,四 指 顺 着 电 流 方

向,大拇指应向上握住电磁铁,所以上端为 N 极．

若密封罩被提起并悬挂于空中,不计衔铁、杠杆的

质量,由图可知,衔铁这段电磁吸力的力臂小于密

封罩的重力的力臂,根据杠杆的平衡条件,左侧电

磁吸力应大于密封罩的重力;提不起,则应将滑动

变阻器滑片向左移动,根据欧姆定律可知,电路中

电流变大,衔铁这段电磁吸力就会变大．

第３节 电磁铁 电磁继电器(第二课时)

１．电磁 铁 衔 铁 弹簧 触 点 低压控 制 高 压

工作

２．N 变暗 [解析]闭合开关 S１、S２ 后,电磁铁左端

为 N 极,滑片 P 向右滑动过 程中,线 圈中 的电流

减小,电磁铁的磁性减弱,巨磁电阻的阻值随磁场

的减弱而明显增大,指示灯明显变暗．

３．A ４．强 ２ 快 ５．有 电灯

６．强 红 [解析]螺线管中插入软铁棒通电后,就

组成了一个电磁铁,软铁棒被通电螺线管的磁场

磁化后,使得磁性大大增强．当水位到达金属块 A

时,AB 间连通,电磁铁有磁性,把衔铁吸下来,红

灯电路接通,红灯亮．故两空分别填“强”、“红”．

７．D [解析]A．报警器利用水银导电,即当到达警

戒温度时,水银与金属丝联通,构成了闭 合回 路,

故电铃响,故利用的是水银的导电性,温度计的工

作原理就是水银的热胀冷缩,故 A 正确,A 不符合

题意;B．报警器就是利用了电磁铁通电时有磁性,

电铃响,断电时磁性消失,灯泡亮的特点的,故 B

正确,B不符合题意;C．如图所示,报警器中,水银

温度计和电磁铁首尾相连,故串联在电路中,故 C

正确,C不符合题意;D．温度达到９０℃时,报警器

中的铃响 灯 灭,而 没 有 到 达 警 戒 水 位 时,电 铃 不

响,灯泡亮,故 D错误,D符合题意．故选 D．

８．如图所示:

第８题答图

[解析]图中低压电源和开关应与电磁铁串联,高

压电源和触点与电动机串联,当低压电源开关闭

合时,电磁铁产生磁性,把衔铁吸下来;动 静触点

接触,电动机所在的高压电路就会接通．

１４４

九年级?物理(全一册)?参考答案

第４节 电动机

１．力 磁场方向 电流方向 电动 电 机械

２．磁体 换向器 换向器

３．晃动 通电导体在磁场中受力 电动机

[解析]将强磁体靠近通电白炽灯的灯丝,发现灯

丝在晃动,说明通电导体在磁场中受到力的作用,

电动机是根据此原理制成的．

４．A ５．B

６．电动机 [解析]该实验装置是研究通电导体在磁

场中受力而运动,利用此原理制造了电动机．

７．电动机 不是 变化 [解析][１]扬声器是通过

电流大小不同,使得通电导线在磁场中受到的 力

大小不同,从而使得线圈振动,线圈 振动,带动 纸

盆振动,从而发出声音,电动机也是因为通电导体

在磁场中受到力的作用,从而使得通电线圈在 磁

场中转动,所以扬声器与电动机的工作原理相同．

[２]电动机与扬声器都是使用通电导线在磁场中

受到力的作用这一原理制成的,所以不是根据 电

磁感应现象制成．[３]使用扬声器时,通过扬声器

线圈的电流是大小不断发生变化的电流,从而 使

得在磁场中受到不同的力,从而使得线圈振动,带

动纸盆振动,发出声音．

８．排斥 磁场 纸外

９．D [解析]A．只增强磁铁的磁性可以增加电动机

的转动速度,不能改变转动方向,故 A 错误;B．只

增加线圈的匝数可以增加电动机的转动速度,不

能改变转动方向,故 B错误;C．只增大线圈中的电

流可以增加电动机的转动速度,不能改变转动 方

向,故 C错误;D．只将磁铁的磁极对调,改变了磁

场方向,改变了转动方向,故 D正确．

１０．D [解析]通电导体在磁场中受力方向与电流方

向、磁场方向有关,其中之一发生改变,则受力方

向发生改变．A．根据题意知道,此时dc边受到磁

场的作用力向下,由于ab边中电流方向与dc 中

电流方向相反,而磁场方向相同,所以ab边受到

磁场的作用力与dc 边受到磁 场的 作用力 相反,

即ab边受到磁场的作用力向上,故 A 错误;B．由

图知 道,线 圈 由 图 示 位 置 转 过 １８０°时,电 流 沿

abcd流过线圈,故 B错误;C．线圈由图示位置转

过１８０°时,dc边中电流的方向反向,则受力方向

改变,即dc边 受 到 磁 场 的 作 用 力 向 上,故 C 错

误;D．线圈由图示位置转过１８０°时,ab边中电流

的方向反向,则受力方向改变,即ab边受到磁场

的作用力向下,故 D正确．故选 D．

第５节 磁生电

１．奥斯特 英 法拉第

２．磁场 切割磁感线 感应电流

３．电磁感应 机械

４．B [解析]A．开关闭合,磁铁不动,ab水平向左快

速移动,ab做切割磁感线运动,会产生感应电流,

电流表指针偏转,故 A 错误;B．磁极对调后,开关

闭合,ab水平向 右快 速运 动,ab做切 割磁 感线运

动,会产生感应电流,电流表指针偏转,故 B正确;

C．开关闭合,ab竖直上下运动,ab没 有做 切割磁

感线运动,不会产生感应电流,电流表指针不会偏

转,故 C错误;D．开关断开,ab快 速运动,由于电

路是断开 的,所 以 不 会 产 生 感 应 电 流,指 针 不 偏

转,故 D错误．

５．C [解析]AB．地球是个大磁体,地磁南极在地理

北极附近,地磁北极的地理南极附近,所以磁感线

大致南北方向,所以两位同学站在东西方向,摇动

铜线跳绳切割磁感线运动,铜线跳绳才能切 割磁

感线运动,才有电流,电流方向与绳子运动方向有

关,故 AB不符合题意;C．此过程中要切割磁感线

产生电流,是机械能转化为电能,故 C 符合题意;

D．跳绳发电属于电磁感应现象,故 D不符合题意．

６．D [解析]带有磁条的商品经过防盗报警器时,防

盗报警器的检测头就会有电流产生,这是电磁感

应现象;A．电磁铁是利用电流的磁效应做成的,故

A 不符合题意;B．电动机是利用通电导体在磁场

中受力的作用而制成的,故 B不符合题意;C．扬声

器是利用 通 电 导 体 在 磁 场 中 受 到 力 的 作 用 制 成

的,故 C不符合题意;D．人们利用电磁感应现象制

成了发电机,故 D符合题意．故选 D．

７．A [解析]改变磁场的方向和转子的转动方向,能

够改变感应电流的方向,不能改变感应电流的大

小;减弱磁场能够减小发电机的感应电流．

８．A [解析]A．线圈振动,切割永磁体的磁感线产

生电流,属于电磁感应现象,故 A 符合题意;B．通

电导体在磁场中受力是电动机的原理,故 B 不符

合题意;C．这里是没有利用电流的磁效应,故 C不

符合题意;D．振膜上的线圈左右振动,电流方向改

变,不是直流电,故 D不符合题意．故选 A．

１４５

９．(１)下 (２)电流 磁铁(金属棒、磁铁和金属棒)

(３)来回移动磁铁

复习八 电与磁(第一课时)

１．铁、钴、镍等物质 南北方向 两个 排斥 吸引

２．N 磁感线 N S 切线 ３．B ４．地磁场 南

５．C [解析]在磁体外部,磁感线总是从 N 极到 S

极,故 AB正确,C 错误．依安培定则,D 图通电螺

线管 的 右 端 为 N 极,磁 感 线 画 法 正 确．故 本 题

选 C．

６．B

７．如图所示:

第７题答图

８．磁 B [解析]车库没有积水时,电磁铁不具有磁

性,不会吸引衔铁,LED 灯亮,说明 A 为 LED 灯;

车库有积水时,左侧控制电路接通,电磁铁 通电,

电磁铁会具有磁性,能吸引衔铁,使得 B的电路接

通,电铃发 出 声 音,所 以 电 铃 应 安 放 在 图 中 的 B

位置．

９．A [解析]S闭合,线圈中电流方向从左端进,右

端出,由安培定则知:螺线管的右端为 N 极;根据

同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引,右侧的小

磁针 N 极向右,正上方的小磁针 N 极向左,故 A

正确．

１０．(１)小磁针静止时 N 极指向右,根据异名磁极相

互吸引可知,电磁铁的右端为S极,左端为 N 极;

(２)根据安培定则可知,电流从电磁铁的右端流

入,左端流出,所以电池的上端为正极;

(３)开关闭合后,变阻器的滑片只有向右移动时,

电磁铁的 磁 性 会 变 强,这 说 明 电 路 中 的 电 流 变

大,根据欧姆定律可知,电路中的总电阻变小,则

滑动变阻器的电阻变小,滑动变阻器滑片应与左

侧导线相连;

如图所示:

第１０题答图

复习八 电与磁(第二课时)

１．磁场 电流 受力转动 机械

２．B [解析]A．动圈式话筒工作时将机械能转化为

电能,故 A 错误;B．螺线管做切割磁感线运动时不

一定会产生电流是正确的,闭合电路的部分导体

切割磁感线才会产生电流,螺线管可能不通电,也

可能不是一部分导体切割磁感线,故不一定产生

感应电流,故 B正确;C．通电导体放入磁场中不一

定会受到力的作用,当电流的方向与电磁场的方

向平行时,不受力,故 C 错误;D．电磁铁磁性的强

弱与电流的大小和磁场的强弱有关,故 D 错误．故

选 B．

３．A [解析]A．如图是奥斯特实验,导线中有电流

通过时,小磁针发生偏转,所以奥斯特实验表明电

流周围存在磁场,故 A 正确;B．闭合开关,电流从

螺线管的右端进入,从左端流出,根据安 培定 则,

可以判断螺线管的左端为 N 级,右端为 S极,故 B

错误;C．如图,通过闭合电路一部分线圈,磁场中

做切割磁感线运动,线圈中产生感应电流,使小灯

泡发光,这是发电机工作原理图,故 C 错误;D．如

图,导体ab中通有电流,导体ab在磁场中受力而

运动,这是 电 动 机 的 工 作 原 理 图,故 D 错 误．故

选:A．

４．D ５．电动机 有 电

６．D [解析]A．法拉第发现了电磁感应现象,故 A

错误;B．利用电磁感应现象制作了发电机,故 B错

误;C．导线在磁场中沿与磁感线平行的方向运动,

导线中不会有感应电流产生,故 C错误;D．如果磁

感线和切割磁感线方向都变得相反,由右手定则

得,导线中感 应 电 流 的 方 向 不 发 生 改 变,故 D 正

确．故选 D．

７．(１)通电线圈在磁场中受到力的作用 反向旋转

(２)不同意 灵敏电流表

第二十一章 信息的传递

第１节 现代顺风耳———电路

１．贝尔 话筒 听筒 变化 导线 振动 声音

２．电话交换机 电磁继电器 电子计算机

３．声音 模拟信号 模拟 组合 数字

４．D [解析]AB．话筒将声信号变成电信号,故 A、B

错误;C．听筒将电信号变成声信号,故 C 错误;D．

１４６

九年级?物理(全一册)?参考答案

听筒把强弱变化的电流信号变成声音的信 号,把

输出的声音还原出来,故 D正确为答案．

５．C

６．C [解析]炭粒一松一紧的变化,改变了炭粒盒整

体电阻的大小．

７．C ８．数字信号 数字信号

９．C [解析]听筒是用来接听声音的装置,所以它是

将信号转变成声信号,A 错误;话筒是将声信号转

变成电信号,从而传输出去,B 错误;听筒内部有

电磁铁,C正确;话 筒内部 是碳 粒和 膜片,没有 电

磁铁,D错误．

１０．D [解析]如果 没有开 通“多 方通话”等特殊 功

能,电话只能一对一通话,故选项 A、B 都有可能

出现;两地电话交换机间的线路数 量是有 限的,

如同时通话的用户太多,也一样打不进电话,故C

选项也有可能,所以最全面的选项是 D．

１１．B １２．我相信我能行 ０、０１、０、１０、００

第２节 电磁波的海洋

１．迅速变化 信息 不需要

２．波峰(或波谷) 赫兹(Hz) 千赫(kHz)

兆赫(MHz)

３．A [解析]A．现代通信技术都是利用电磁波来传

递信息的,故 A 正确;B．激光的应用主要体现在能

量方面的应用,在传递信息方面主要用于光纤 通

信,不符合地球与火星之间传递信息的需要,故 B

错误;C．声波的 传播 需要 介质,不 能在 真 空 中 传

播,火星图片信息不能利用声波传到地球,故 C错

误;D．利用电流来传递信息主要用于电缆通信,不

符合地球与火星之间传递信息的需要,故 D 错误．

故选:A．

４．B [解析]从图中可以看出,乙电磁波的波长大于

甲电磁波的波长,甲电磁波振动的频率高．

５．A [解析]根据红外线的特点可知,由于红外线热

效应强,测温枪的工作原理是利用红外线的热 效

应,故 A 符合题意,B、C、D不符合题意,故选 A．

６．C ７．频率更高

８．３×１０

８ 减弱 增强 [解析]电磁波在真空和不

同介质中的传播速度不同,在真空中的传播速 度

为３×１０

８ m/s;“隐形飞机”之所以能够避开雷达

的探测,其原因在于它的表面制成特殊形状,这种

形状能够减弱电磁波的反射,同时隐形飞机的 表

面有一层特殊材料,这种材料能够增强对电磁 波

的吸收作用,使得雷达受到反射回来的电磁波发

生变化,即导致雷达无法根据反射回来的电磁波

判断前方物体．

９．B

１０．D [解析]A．电磁波在空气中的传播速度是３×

１０

８ m/s,故 A 错误;B．电磁波作为载波使用时,

既可以传递声音信号,也可以传递图象信号,故B

错误;C．电磁 波 可 以 在 真 空 中 传 播,故 C 错 误;

D．卫星接收和发送信号要靠电磁波传递,我国的

北斗卫星定位系统也是利用电磁波来传递信号

的,故 D正确．故选:D．

１１．D

１２．C [解析]A．由图可知,甲 的波 长小,乙 的波长

大,则甲的频率高,乙的频率低;甲是我们能看得

见的红光,根据图(b)可知,乙可能是红外线,人

看不见红外线,故 A 错误;B．不同频率的两种电

磁波在真空中的波速是相同的,故 B错误;C．遥

控器是利用红外线来遥控电视机的,由于乙可能

是红外线,所以利用的是乙;故 C正确;D、医生可

以利用x射线拍片诊断病情,故 D错误．故选:C．

第３节 广播、电视和移动通信

１．广播电台 声音 电 音频电 天线 天线 频

率 解调 音频 扬声器

２．电磁波 电 电 发射天线 接收天线 高频

图象 显示器

３．电磁波 无线电发射 无线电接收 基地台

４．A

５．C [解析]无线电广播“收音”的顺序是:接收天线→

调谐→检波→扬声器．

６．B

７．D [解析]话筒把声音信号转换成电信号,摄像机

把图象变成电信号,用调制器把音、视频电信号加

载到高频电流上,再通过天线发射出去,故 A、B、C

错误．电视塔上天线的作用是让载有音、视频电信

号的高频电流产生电磁波,故选 D．

８．D

９．D [解析]A．由图可知,紫外线在可见光之外,属

于不可见光,故 A 错误;B．由图可知,红外线的波

长比可见光长,故 B错误;C．由图可知,X 射线的

频率比无线电波的大,故 C错误;D．可见光与γ射

线都是电磁波,电磁波在真空中的传播速度 约为

３×１０

８ m/s,故 D正确．故选 D．

１４７

第４节 越来越宽的信息之路

１．１０m~１mm ３０ MHz~３×１０

５ MHz 直线 微

波中继站

２．静止 ３ 电磁波 北斗卫星定位

３．红宝石激光器 单一 高度集中 光导纤维 多

次反射 很高

４．电子邮件 因特网 光缆 通信卫星

５．A [解 析]A．电 磁 波 既 能 传 递 信 息 也 能 传 递 能

量,故 A 正确;B．电磁波的传播不需要介质,故 B

错误;C．电磁 波和 声波 都 可 以 传 递 信 息,故 C 错

误;D．由我国华为公司主导的５G 通讯技术主要是

利用电磁波传递信息的,故 D错误．故选:A．

６．D

７．C [解析]A．通信的信号有两种,即数 字信号 和

数字信号,数字信号比模拟信号抗干扰能力强,故

A 正确,不符合题意;B．电磁波可以传递信息,５G

网络通信主要是利用电磁波传递信息的,故 B 正

确,不符合题意;C．我国独立自主建立的北斗卫星

定位系统,可提供全天候的及时定位服务,该系统

利用电磁波传递信息,故 C 错误,符合题意;D．电

磁波作为载波使用时,既可以传递声音信号,也可

以能传递 图 象 信 号,故 D 正 确,不 符 合 题 意．故

选 C．

８．超声波 电磁波９．C １０．D

１１．C [解析]光纤通信中使用的“导线”是“光导纤

维”,光纤通信中传播的物质———光,是电磁波的

一种．

１２．C [解析]A．电磁波的传播不需要介质,能在真

空中传播,故 A 正确;B．卫星通信是利用电磁波

来实现的,故 B 正确;C．手机就是利用电磁波的

发射和接收来实现信息传递的,故 C 错误;D．手

机用“WiFi”上网是利用电磁波来传递信息的,故

D正确．故选:C．

复习九 信息的传递

１．电磁铁 膜片 传输的声音

２．波速 波长 频率 ３×１０

８

３．光纤 光 因特网(或互联网)

４．电磁波 红外线 ５．反射 电

６．B [解析]北斗导航卫星系统是利用电磁波来传

递信息的,故 ACD不符合题意,只有 B符合题意．

故选:B．

７．B ８．A

９．A [解 析]A．电 磁 波 既 能 传 递 信 息 也 能 传 递 能

量,故 A 正确;B．电磁波的传播不需要介质,故 B

错误;C．电磁波 和声 波都 可 以 传 递 信 息,故 C 错

误;D．由我国华为公司主导的５G通讯技术主要是

利用电磁波传递信息的,故 D错误．故选 A．

１０．A

１１．(１)０．２４ ２４ [解析]根据题意可知,电磁波传

播的距离:s＝２×３６０００km＝７２０００km,电磁波

的传播速度为:v＝３×１０

５ km/h,电 磁波 传播这

段距 离 所 用 的 时 间:t＝

s

v

＝

７２０００km

３０００００km/h

＝

０．２４s．地球同步卫星与地球自转的角速度是相

同的,所以同步卫星绕地球转动一周的时间与地

球自转一周的时间相同,也就是２４h．(２)不要长

时间、近距离看电视．

第二十二章 能源与可持续发展

第１节 能 源

１．钻木取火 蒸汽机 ２．化石 ３．一次 二次

４．二次能源 输送 转化

５．化石 开发新能源 更好地利用已知能源

６．D ７．D

８．D [解 析]我 国 现 阶 段 使 用 的 主 要 能 源 是 化 石

能源．

９．D [解析]A．风能、水能、太阳能、核能可以从自

然界直接获取,是一次能源;电能属于二 次能 源,

故 A 错误;B．医院检查身体所用的 B超利用了超

声波传递信息,故 B 错误;C．WiFi是 利用 了电磁

波中的微波技术进行信息传输,故 C错误;D．容易

导电的物体叫导体,不容易导电的物体叫绝缘体,

半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间,具有

一些特殊的物理性质,可制作二极管、三 极管 灯,

故 D正确．故选:D．

１０．一次能源

１１．比热容 一次能源 [解析][１]小汽车用水作为

发动机的冷却液,是利水的比热容 大,水 每上升

１ ℃,才能吸收更多的能量．[２]水属于一次能源,

而电能为 二 次 能 源,由 其 他 形 式 能 量 转 化 而 来

１４８

九年级?物理(全一册)?参考答案

的,而水能转化为其他的能量．

１２．C

１３．D [解 析]从自 然界 直接获 取的 能源 叫一次 能

源;不能从自然界直接获取,必须经过 一次能 源

的消耗或加工转换而获得的能源是二次能源．A．

蒸汽是利用加热的方式使水汽化获得的能源,属

于二次能源;B．煤气是以煤为原料加工制得的含

有可燃组分的气体,属于二次能源;C．石油制品

是以石 油 为 原 料 加 工 制 得 的,属 于 二 次 能 源;

D．煤炭是直接从自然界获得的能源,属于一次能

源,不属于二次能源．故选:D．

１４．能耗增长速度明显加快 大力开发利用太阳能、

风能等可再生能源(其他合理均可)

第２节 核 能

１．原子 原子核 电子 质子 中子 ２．核能

３．裂变 聚变 核反应堆 ４．裂变 链式

５．聚变 热核反应 氢弹

６．B [解析]A．太阳能来自太阳内部物质的核聚变

反应,核 聚 变 释 放 出 大 量 核 能,故 选 项 A 错 误;

B．核反应堆发生的链式反应属于核裂变反应,可

以采用减速棒吸收中子,从而控制反应速度,故选

项 B正确;C．核废料对环境造成核辐射,故不能直

接排放,故选项 C错误;D．原子核由质子和中子组

成,故选项 D错误．故选:B．

７．A

８．B [解析]由图可知,这种核反应是核聚变,因此

可用于制造氢弹．

９．裂变 热传递 [解析][１]核能的产生的核裂变

和核聚变,核电站是利用核应堆放发生核裂变 时

提供的能量发电的,是可控的．[２]反应堆内温度

很高,水比热容大,在冷却系统中通 入液态 水,水

吸热汽化,这种水冷方式是利用热传递的方式 来

改变内能的．

１０．二次 聚变

１１．A [解析]A．氘或氚,在一定条件下(如超高温

和高压),发生原子核互相聚合作用,生成新的质

量更重的原子核,发生聚变,故 A 正确．B．自然界

中最容易实现的聚变反应 是氢 的同 位素—氘 与

氚的聚变,不是任意的原子核就能 发生核 聚变,

故 B错误．C．原子弹是利用重核裂变(链式反应)

而制成的核武器;原子弹爆炸时释放的巨大能量

来自核裂变,故 C错误．D．目前人类己建成的核

电站,都是利用核裂变发电,故 D错误．故选:A．

１２．C [解析]核电站的发电过程中,首先核反应将

核能转化为内能,接着高温高压的水蒸气推动汽

轮机转动,将内能转化为机械能,最 后汽 轮机带

动发电机发电,将机械能转化为电能．

第３节 太阳能

１．内能 机械能(或风的动能) 机械能(或水的重

力势能和动能) 化学能(或生物质能)

２．太阳 二次能源

３．A [解析]太阳能热水器是将太阳能转化为内能,

使热水器内的水温度升高．故选:A．

４．D ５．太阳 电

６．A [解析]A．太阳能是一种既相对清洁,又取之

不尽的能源,属于可再生能源,故 A 正确;B．太阳

能电池板将太阳能转化为电能,故 B错误;C．夜晚

蓄电池给交通指示灯供电,蓄电池将化学通转化

为电能,故 C错误;D．交通指示灯将电能转化为光

能,故 D错误．故选 A．

７．电能 电磁波 可再生 小于 来源丰富(不需

运输,环保无污染)

[解析](１)太 阳 能 电 池 工 作 时,电 池 慢 慢 续 满 了

电,故是将太阳能转化为电能．

(２)技术人员可以通过电磁波远程操控汽车,因为

超声波和次声波都不能传在真空中传播,故为电

磁波远程操控．

(３)太 阳 能 属 于 可 再 生 能 源,用 了 之 后 还 有 的

能源．

(４)上表面弯曲,下表面比较平,导致上表面流速

大,压强小,产生向上的升力,故汽车 高速行 驶时

对地面的压力小于汽车静止时对地面的压力．

(５)太阳能属于清洁能源,环保无污染,而且来源

广泛．

第４节 能源与可持续发展

１．方向性 不能 不能 ２．热污染 温室效应

３．不可再生 可再生 ４．D ５．A ６．D

７．一次 不可再生

８．石油 方向 [解析]石油在使用后不能在短时间

１４９

内获得,为不可再生能 源;风能、水 能、电能、太 阳

能、地热能能远远不断地获得,属于 可再生 能源;

电动机工作时电能转化为机械能的同时,还要 向

空气中散热,这些散失的内能无法再自动转化 为

电能,是因为能量转化具有方向性．

９．AB [解析]A．按 照 能 源 分 类,水 能 是 可 再 生 能

源,故 A 正确;B．水力发电机的工作原理是发电

机,其原理是电磁感应,是将水能转化为电能,故 B

正确;C．水从高处下落的过程中,重力势能转化为

动能,故 C错误;D．随着科技发展,水电站的能源

利用率不可能达１００％,故 D错误．故选 AB．

１０．B １１．B １２．D

１３．(１)开 发 利 用 新 能 源(如 太 阳 能、核 能、风 能、水

能、地热能等)

(２)发展电动汽车,开发新能源汽车等

复习十 能源与可持续发展

１．(１)煤、石油、天然气、核能

(２)水能、风能、潮汐能、太阳能、地热能、脂肪

(３)煤、石油、天然气、水能、风能、潮汐能、太阳能、

核能、地热能、脂肪

(４)电能 (５)煤、石油、天然气 (６)脂肪

２．聚变 能量 太阳能 ３．二次 聚变

４．C [解析]A、B．一次能源是直接从外界获取的能

源,二次能源需要消耗一次能源才能获得,电能属

于二次能源,风能、水能、太阳能都是可再生能源,

故 AB错误;C．核反应堆又称原子 反应 堆或反 应

堆,是装配了核燃料以实现大规模可控制裂变 链

式反应的装置,故 C 正确;D．氢核发生聚变,可以

在瞬间释放出巨大的核能,氢弹就是根据这一 原

理制成的,故 D错误．故选 C．

５．A [解析]A．核聚变又称热核反应,核聚变时会

放出巨大的核能,故 A 错误;B．核电站中的核反应

堆是利用原子核裂变的链式反应产生的能量来发

电的,故 B正确;C．风能、太阳能可从自然界不断

获得且可重复利用,属可再生能源,核能是不可再

生能源,故 C正确;D．太阳能、核能是一次能源,通

过消耗一次能源而得到的电能是 二次 能源,故 D

正确．故选:A．

６．用电器 可再生 [解析]太阳能电池板给蓄电池

充电时,蓄电池消耗电能,相当于用电器;太阳能

可以源源不断的从自然界中得到,属于可再生能

源．故答案为:用电器;可再生．

７．不可再生 裂变 二次能源 [解析]核能会越用

越少,属于不可再生能源;原子弹和核电站都是利

用原子核裂变的链式反应发电;电能是通过消耗

一次能源而得到的能源,故属于二次能源．故答案

为:不可再生;裂变;二次能源．

８．A

９．A [解析]B．核能属于新能源,但核 材料 的储量

是一定的,所以属于不可再生能源．故 B 错误;C．

煤是传统能源,也叫做常规能源．故 C 错误;D．电

能是由其他能源转化来的,属于二次能源．故 D 错

误．故选:A．

１０．D

１１．A 可以包括太阳能、水能、风能、潮汐能、地热能

等;B可以包括太阳能等．

１５０